[NOIP2017模拟]road
2017-09-16 16:23
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题目背景
SOURCE:NOIP2015-SHY-8
题目描述
给出一张n个点,m条边的无向图,摧毁每条边都需要一定的体力,并且花费的体力值各不相同,给定图中两个点x,y(x≠y),每当(x,y)之间存在路径,就需要不断摧毁当前图中花费体力最少的一条边,直到该路径不联通。他定义cost(x,y)为摧毁(x,y)之间路径花费的体力和。
他想要求出以下这个结果:
其中 i,j∈n,并且i<j 。
输入格式
第一行两个整数 n,m ,表示点数和边数。
接下来 m 行,每行三个整数 x,y,z,表示 x 和 y 之间存在一条花费体力为 z 的无向边。
输出格式
输出一个整数表示所求结果。
样例数据
输入
6 7
1 2 10
2 3 2
4 3 5
6 3 15
3 5 4
4 5 3
2 6 6
输出
256
备注
【数据范围】
对 50% 的输入数据 :1≤n≤100;1≤m≤1000
对 100% 的输入数据 :1≤n,m≤100000;1≤z≤100000
分析:考虑并查集,将边从大到小排序,然后一条一条加入边,计算每条边的贡献(使多少点联通了)即可。详细解释见代码。
代码
本题结。
SOURCE:NOIP2015-SHY-8
题目描述
给出一张n个点,m条边的无向图,摧毁每条边都需要一定的体力,并且花费的体力值各不相同,给定图中两个点x,y(x≠y),每当(x,y)之间存在路径,就需要不断摧毁当前图中花费体力最少的一条边,直到该路径不联通。他定义cost(x,y)为摧毁(x,y)之间路径花费的体力和。
他想要求出以下这个结果:
其中 i,j∈n,并且i<j 。
输入格式
第一行两个整数 n,m ,表示点数和边数。
接下来 m 行,每行三个整数 x,y,z,表示 x 和 y 之间存在一条花费体力为 z 的无向边。
输出格式
输出一个整数表示所求结果。
样例数据
输入
6 7
1 2 10
2 3 2
4 3 5
6 3 15
3 5 4
4 5 3
2 6 6
输出
256
备注
【数据范围】
对 50% 的输入数据 :1≤n≤100;1≤m≤1000
对 100% 的输入数据 :1≤n,m≤100000;1≤z≤100000
分析:考虑并查集,将边从大到小排序,然后一条一条加入边,计算每条边的贡献(使多少点联通了)即可。详细解释见代码。
代码
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstdlib> #include<cstri 4000 ng> #include<string> #include<ctime> #include<cmath> #include<algorithm> #include<cctype> #include<iomanip> #include<queue> #include<set> using namespace std; int getint() { int sum=0,f=1; char ch; for(ch=getchar();(ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-';ch=getchar()); if(ch=='-') { f=-1; ch=getchar(); } for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar()) sum=(sum<<3)+(sum<<1)+ch-48; return sum*f; } const int mo=1e+9; long long n,m,cnt,ans,fa[100010],num[100010]; struct node{ int fro,to,w; }bian[100010]; bool comp(const node &a,const node &b) { return a.w>b.w; } int getfa(int x) { if(x==fa[x]) return x; fa[x]=getfa(fa[x]); return fa[x]; } int main() { freopen("road.in","r",stdin); freopen("road.out","w",stdout); n=getint();m=getint(); for(int i=1;i<=n;++i) num[i]=1; for(int i=1;i<=m;++i) bian[i].fro=getint(),bian[i].to=getint(),bian[i].w=getint(); sort(bian+1,bian+m+1,comp); for(int i=1;i<=n;++i) fa[i]=i; for(int i=1;i<=m;++i) { int x=getfa(bian[i].fro),y=getfa(bian[i].to); if(x!=y)//如果这两个祖先不同(即这是两个联通快) { fa[x]=y;//合并 cnt+=num[x]*num[y];//这条边的连接使两个联通快的每一个点都两两联通了,也就是说当“摧毁”了这条边后就可以让这两个联通快的点都断开,所以这条边要被“摧毁”cnt+num[x]*num[y]次(cnt是比它大的边需要被摧毁的总次数,所以它被迫多摧毁cnt次) num[y]=num[x]+num[y];//把两个联通快的点数合并 } ans=(ans+bian[i].w*cnt%mo)%mo;//ans加上它的贡献(记得取模) } cout<<ans<<'\n'; return 0; }
本题结。
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