[Bzoj1030][JSOI2007]文本生成器（AC自动机）（dp）

Description

　　JSOI交给队员ZYX一个任务，编制一个称之为“文本生成器”的电脑软件：该软件的使用者是一些低幼人群，
他们现在使用的是GW文本生成器v6版。该软件可以随机生成一些文章―――总是生成一篇长度固定且完全随机的文
章—— 也就是说，生成的文章中每个字节都是完全随机的。如果一篇文章中至少包含使用者们了解的一个单词，
那么我们说这篇文章是可读的（我们称文章a包含单词b，当且仅当单词b是文章a的子串）。但是，即使按照这样的
标准，使用者现在使用的GW文本生成器v6版所生成的文章也是几乎完全不可读的?。ZYX需要指出GW文本生成器 v6
生成的所有文本中可读文本的数量，以便能够成功获得v7更新版。你能帮助他吗？

Input

　　输入文件的第一行包含两个正整数，分别是使用者了解的单词总数N (<= 60)，GW文本生成器 v6生成的文本固
定长度M；以下N行，每一行包含一个使用者了解的单词。这里所有单词及文本的长度不会超过100，并且只可能包
含英文大写字母A..Z

Output

　　一个整数，表示可能的文章总数。只需要知道结果模10007的值。

Sample Input

2 2
A
B

Sample Output

100

分析：

让我们找可以读懂的，我们可以换过来求总方案 - 不可以读懂的方案

不可以读懂的很显然可以用dp求，定义dp[i][j]，表示当前长度为i，在trie树上的结点j的方案树，

很显然不可以转移到有权值或者fail指针一路到根节点的结点中有权值的结点。（这个用继承就好了）。

然后就可以转移走了，复杂度最坏（2600 * n * m）

跑的还挺快，100多ms

AC代码：

# include <iostream>
# include <cstdio>
# include <cstring>
using namespace std;
const int N = 1e4;
char str[112];
struct node{
int next[26];
int fail;
int count;
};
int stack
,tot;
node q
;
void clear(int k){
memset(q[k].next,0,sizeof q[k].next);
q[k].fail = q[k].count = 0;
}
void insert(){
int p = 0;
int len = strlen(str),v;
for(int i = 0;i < len;i++){
v = str[i] - 'A';
if(!q
.next[v]){
q[p].next[v] = ++tot;
clear(tot);
}
p = q[p].next[v];
}
q[p].count++;
}
void bfs_fail(){
int h = 0,t = 0;
for(int i = 0;i < 26;i++){
if(q[0].next[i])stack[t++] = q[0].next[i];
}
int u,to;
while(h != t){
u = stack[h++];
for(int i = 0;i < 26;i++){
int &v = q[u].next[i];to = q[u].fail;
if(!v){
v = q[to].next[i];
}else {
q[stack[t++] = v].fail = q[to].next[i];
}
q[u].count += q[to].count;
}
}
}
int n,m,dp[112][6012],mod = 10007;
int cmd(int k){
int a = 1,b = 26;
while(k){
if(k & 1)a = a * b % mod;
b = b * b % mod;
k >>= 1;
}
return a;
}
int main(){
scanf("%d %d",&n,&m);
clear(0);
for(int i = 1;i <= n;i++){
scanf("%s",str);
insert();
}
bfs_fail();
dp[0][0] = 1;
for(int t = 0;t < m;t++){
for(int i = 0;i <= tot;i++){
for(int j = 0;j < 26;j++){
int v = q[i].next[j];
if(!dp[t][i] || q[i].count || q[v].count)continue;
(dp[t + 1][v] += dp[t][i]) %= mod;
}
}
}
int ans = cmd(m);
for(int i = 0;i <= tot;i++)(ans -= dp[m][i] - mod) %= mod;
printf("%d\n",ans);
}