CCF 201609-4 交通规划
2016-10-27 22:07
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原文地址: http://moilk.org/blog/2016/10/27/ccf2016094/
问题描述
G国国王来中国参观后,被中国的高速铁路深深的震撼,决定为自己的国家也建设一个高速铁路系统。
建设高速铁路投入非常大,为了节约建设成本,G国国王决定不新建铁路,而是将已有的铁路改造成高速铁路。现在,请你为G国国王提供一个方案,将现有的一部分铁路改造成高速铁路,使得任何两个城市间都可以通过高速铁路到达,而且从所有城市乘坐高速铁路到首都的最短路程和原来一样长。请你告诉G国国王在这些条件下最少要改造多长的铁路。
输入格式
输入的第一行包含两个整数n, m,分别表示G国城市的数量和城市间铁路的数量。所有的城市由1到n编号,首都为1号。
接下来m行,每行三个整数a, b, c,表示城市a和城市b之间有一条长度为c的双向铁路。这条铁路不会经过a和b以外的城市。
输出格式
输出一行,表示在满足条件的情况下最少要改造的铁路长度。
样例输入
4 5
1 2 4
1 3 5
2 3 2
2 4 3
3 4 2
样例输出
11
评测用例规模与约定
对于20%的评测用例,1 ≤ n ≤ 10,1 ≤ m ≤ 50;
对于50%的评测用例,1 ≤ n ≤ 100,1 ≤ m ≤ 5000;
对于80%的评测用例,1 ≤ n ≤ 1000,1 ≤ m ≤ 50000;
对于100%的评测用例,1 ≤ n ≤ 10000,1 ≤ m ≤ 100000,1 ≤ a, b ≤ n,1 ≤ c ≤ 1000。输入保证每个城市都可以通过铁路达到首都。
解题说明
先看一下题目,“所有城市乘坐高速铁路到首都的最短路程和原来一样长”,说明结果满足单源最短路径;“最少要改造多少铁路”,说明是要在最短路径中找最小花费。如下图所示,点1到点3的最短路径是4,要连通点3,1-2-3、1-3和1-4-3都是最短路径。但是如果选1-3,需要增加的铁轨为4个单位;选1-2-3需要增加的铁轨为2个单位;而选1-4-3的话,需要增加的铁轨只有1个单位。所以此时应该选最后一种方案。
程序实现上只需要对dijkstra算法增加一点代码就可以。我们用D算法不是要得到最短路径,而是要得到最短路径下连通每个点所增加的最小的边是多少。如果用costo[v]表示连通v点所增加的边的权重,比如上图中costo[3]=1。当遇到上述多种选项时,也就是disto[v]==disto[u]+cost时,让costo[v]=min(costo[v],cost),这样最终得到的costo[v]就是满足最短路径条件下的最小花费。
问题描述
G国国王来中国参观后,被中国的高速铁路深深的震撼,决定为自己的国家也建设一个高速铁路系统。
建设高速铁路投入非常大,为了节约建设成本,G国国王决定不新建铁路,而是将已有的铁路改造成高速铁路。现在,请你为G国国王提供一个方案,将现有的一部分铁路改造成高速铁路,使得任何两个城市间都可以通过高速铁路到达,而且从所有城市乘坐高速铁路到首都的最短路程和原来一样长。请你告诉G国国王在这些条件下最少要改造多长的铁路。
输入格式
输入的第一行包含两个整数n, m,分别表示G国城市的数量和城市间铁路的数量。所有的城市由1到n编号,首都为1号。
接下来m行,每行三个整数a, b, c,表示城市a和城市b之间有一条长度为c的双向铁路。这条铁路不会经过a和b以外的城市。
输出格式
输出一行,表示在满足条件的情况下最少要改造的铁路长度。
样例输入
4 5
1 2 4
1 3 5
2 3 2
2 4 3
3 4 2
样例输出
11
评测用例规模与约定
对于20%的评测用例,1 ≤ n ≤ 10,1 ≤ m ≤ 50;
对于50%的评测用例,1 ≤ n ≤ 100,1 ≤ m ≤ 5000;
对于80%的评测用例,1 ≤ n ≤ 1000,1 ≤ m ≤ 50000;
对于100%的评测用例,1 ≤ n ≤ 10000,1 ≤ m ≤ 100000,1 ≤ a, b ≤ n,1 ≤ c ≤ 1000。输入保证每个城市都可以通过铁路达到首都。
解题说明
先看一下题目,“所有城市乘坐高速铁路到首都的最短路程和原来一样长”,说明结果满足单源最短路径;“最少要改造多少铁路”,说明是要在最短路径中找最小花费。如下图所示,点1到点3的最短路径是4,要连通点3,1-2-3、1-3和1-4-3都是最短路径。但是如果选1-3,需要增加的铁轨为4个单位;选1-2-3需要增加的铁轨为2个单位;而选1-4-3的话,需要增加的铁轨只有1个单位。所以此时应该选最后一种方案。
程序实现上只需要对dijkstra算法增加一点代码就可以。我们用D算法不是要得到最短路径,而是要得到最短路径下连通每个点所增加的最小的边是多少。如果用costo[v]表示连通v点所增加的边的权重,比如上图中costo[3]=1。当遇到上述多种选项时,也就是disto[v]==disto[u]+cost时,让costo[v]=min(costo[v],cost),这样最终得到的costo[v]就是满足最短路径条件下的最小花费。
#include <iostream> #include <queue> #include <vector> #define NMAX 10005 #define INTMAX 0x7fffffff using namespace std; // v表示节点,cost表示出发点到v点的距离 struct Node { int v; int cost; Node(int vv = 0, int c = 0) { v = vv, cost = c; } // 优先队列将按距离从小到大排列 friend bool operator<(Node n1, Node n2) { return n1.cost > n2.cost; } }; // v表示边的另一端节点,cost表示该边的权重 struct Edge { int v; int cost; Edge(int vv = 0, int c = 0) { v = vv, cost = c; } }; vector<Edge>G[NMAX]; // 无向图 bool marked[NMAX]; // D算法中每个顶点仅处理一遍 int disto[NMAX]; // 出发点到某点距离 int costo[NMAX]; // 接通该点需要增加的边的权重 int N, M; void dijkstra(int s) { for (int i = 0; i <= N; i++) { costo[i] = disto[i] = INTMAX; marked[i] = false; } disto[s] = 0; costo[s] = 0; priority_queue<Node>pq; // 保存<v,disto[v]>且按disto[v]升序排列 pq.push(Node(s, 0)); marked[0]=true; Node tmp; while (!pq.empty()) { tmp = pq.top(); pq.pop(); int v = tmp.v; if (!marked[v]) { marked[v]=true; int len = G[v].size(); for (int i = 0; i < len; i++) { int vv = G[v][i].v; if(marked[vv]) continue; int cost = G[v][i].cost; int newdist = disto[v] + cost; if (disto[vv] > newdist) { disto[vv] = newdist; costo[vv] = cost; // 增加的内容 pq.push(Node(vv, disto[vv])); } // 增加的内容 // 加入点vv时若出现多种距离相同的方案,选取新边最小那个 if (disto[vv] == newdist) { costo[vv] = min(costo[vv], cost); } } } } } int main(void) { cin >> N >> M; int s, e, c; for (int i = 0; i < M; i++) { cin >> s >> e >> c; G[s].push_back(Edge(e, c)); G[e].push_back(Edge(s, c)); } dijkstra(1); // 统计边权重 int res = 0; for (int i = 2; i <= N; i++) { res += costo[i]; } cout << res << endl; return 0; }
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