【NOIP2016提高A组模拟8.14】传送带
2016-08-14 15:45
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Description
在一个2维平面上有两条传送带,每一条传送带可以看成是一条线段。两条传送带分别为线段AB和线段CD。FTD在AB上的移动速度为P,在CD上的移动速度为Q,在平面上的移动速度R。现在FTD想从A点走到D点,他想知道最少需要走多长时间Input
输入数据第一行是4个整数,表示A和B的坐标,分别为Ax,Ay,Bx,By 第二行是4个整数,表示C和D的坐标,分别为Cx,Cy,Dx,Dy 第三行是3个整数,分别是P,Q,ROutput
输出数据为一行,表示lxhgww从A点走到D点的最短时间,保留到小数点后2位Sample Input
0 0 0 100100 0 100 100
2 2 1
Sample Output
136.60Data Constraint
对于30%的数据1<=Ax,Ay,Bx,By,Cx,Cy,Dx,Dy<=10
1<=P,Q,R<=5
对于100%的数据
1<=Ax,Ay,Bx,By,Cx,Cy,Dx,Dy<=1000
1<=P,Q,R<=10
Solution
又是图因为它是从A点走到D点,而A是第一个传送带的起点,D是第二个传送带的终点,所以它的路径必定是从A出发走传送带到某个点下来,直线走到第二个传送带的某个点然后走到终点
那就枚举两个分界点就行了,不过枚举是肯定不行的,但是有不满足二分,然后发现满足三分
那就三分吧
三分套三分就行了
有些人表示不会三分,其实和二分差不多,只不过是中间变成两个点。
一个是m=(l+r)/2另一个是mm=(m+r)/2,判断哪个更接近,改变另一个
这题有个问题:它的线可能平行于x轴或y轴,那就x轴和Y轴分别三分就行了
Code
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #define fo(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++) #define db double #define sqr(x) ((x)*(x)) using namespace std; db ax,ay,bx,by,cx,cy,dx,dy,v1,v2,v3; db jl(db ax,db ay,db bx,db by){return sqrt(sqr(ax-bx)+sqr(ay-by));} db min(db a,db b){return a<b?a:b;} db pd(db x,db y) { db l=cx,r=dx,l1=cy,r1=dy,ks=jl(ax,ay,x,y)/v1; while(abs(r-l)>0.00001||abs(r1-l1)>0.00001) { db m1=(l+r)/2,m2=(m1+r)/2,m3=(l1+r1)/2,m4=(m3+r1)/2; db jl1=ks+jl(x,y,m1,m3)/v3+jl(m1,m3,dx,dy)/v2,jl2=ks+jl(x,y,m2,m4)/v3+jl(m2,m4,dx,dy)/v2; if(jl1<jl2) r=m2,r1=m4;else l=m1,l1=m3; } db jl1=ks+jl(x,y,l,l1)/v3+jl(l,l1,dx,dy)/v2,jl2=ks+jl(x,y,r,r1)/v3+jl(r,r1,dx,dy)/v2; return min(jl1,jl2); } int main() { scanf("%lf%lf%lf%lf",&ax,&ay,&bx,&by); scanf("%lf%lf%lf%lf",&cx,&cy,&dx,&dy); scanf("%lf%lf%lf",&v1,&v2,&v3); db l=ax,r=bx,l1=ay,r1=by; while(abs(r-l)>0.00001||abs(r1-l1)>0.00001) { db m1=(r+l)/2,m2=(m1+r)/2,m3=(r1+l1)/2,m4=(m3+r1)/2; if(pd(m1,m3)<pd(m2,m4)) r=m2,r1=m4;else l=m1,l1=m3; } printf("%.2lf",min(pd(l,l1),pd(r,r1))); }
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