45 - 圆圈中最后剩下的数字
2015-07-30 21:50
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题目要求:
0, 1, … , n-1 这 n 个数字排成一个圈,从数字 0 开始每次从这个圈里删除第 m 个数字。求这个圈剩下的最后一个数字。
本题是约瑟夫环问题。
除了以下给出的2中解法,更高级的算法:约瑟夫问题的两个O(log n)解法
由于数字从 0 开始,待删除的数字: k = (m-1) % n;
每删除 1 个都要遍历 m 个节点,需要删除 n-1 个,时间复杂度O(m*n), 空间复杂度 O(n)
能否不重复遍历数字,而直接计算出最后一个数字是什么呢?
待删除的数字 k = (m-1)%n
删除后:0, 1, …, k-1, k+1, …, n-2, n-1 , 而下一次开始计数是从 k+1 开始,在剩下的序列中,
数组为:k+1, k+2, …, n-1, 0, …, k-1
剩下的序列最后剩下的数字,也应该是 n 和 m 的函数,而且最后剩下的数字,一定和原始序列最后剩下的数字是相同的。
由于剩下的序列是从 k+1 开始,设为f′(n−1,m)f'(n-1,m),而原始序列设为f(n,m)f(n, m)
然后将剩下的 n-1 个数字,做如下映射:
x->p(x)的映射关系 p(x)=[x−(k+1)]%np(x) = [x - (k+1)]\%n,
p(x)->x的映射关系则为 p−1(x)=[x+(k+1)]%np^{-1}(x) = [x + (k+1)]\%n,
这个映射,使得映射队列和初始队列的形式相同:
f′(n−1,m)=p−1[f(n−1,m)]f'(n-1,m) =p^{-1}[f(n-1,m)] 相当于从p(x)映射到x (从变形序列:0开始 映射回之前的 : k+1 开始)
f′(n−1,m)=p−1[f(n−1,m)]=[f(n−1,m)+(k+1)]%nf'(n-1,m) =p^{-1}[f(n-1,m)]=[f(n-1,m)+(k+1)]\%n ,带入 k = (m-1)%n
得到最终递推式:f(n,m)=f′(n−1,m)=[f(n−1,m)+m]%nf(n,m) =f'(n-1,m)=[f(n-1,m)+m]\%n
当 n = 1时,即为最后一个数字。
算法时间复杂度O(n),空间O(1)
0, 1, … , n-1 这 n 个数字排成一个圈,从数字 0 开始每次从这个圈里删除第 m 个数字。求这个圈剩下的最后一个数字。
本题是约瑟夫环问题。
除了以下给出的2中解法,更高级的算法:约瑟夫问题的两个O(log n)解法
1. 环形链表
由于要不断地从圈里删除一个数字,容易想到用链表实现。用链表将这 n 个数字存储,头尾相连,每隔 m 个删除一个,最后剩下的即为结果。由于数字从 0 开始,待删除的数字: k = (m-1) % n;
每删除 1 个都要遍历 m 个节点,需要删除 n-1 个,时间复杂度O(m*n), 空间复杂度 O(n)
#include <iostream> #include <list> using namespace std; // 环形链表 // 时间复杂度O(m*n),空间复杂度O(n) int LastRemain(int n, int m) { if (n < 1 || m < 1) return -1; list<int> circle; for (int i = 0; i < n; i++) circle.push_back(i); list<int>::iterator iter = circle.begin(), delete_iter; while (circle.size() > 1) { int k = (m-1) % circle.size(); // 如 k = 1, 则删除第0个 while (k > 0 ) { k--; iter++; if (iter == circle.end()) iter = circle.begin(); } delete_iter = iter; ++iter; if (iter == circle.end()) iter = circle.begin(); circle.erase(delete_iter); } return *iter; } int main() { int n = 4; int m = 3; cout << LastRemain(n, m) << endl; cout << LastRemain(2, 1) << endl; }
2. 直接计算最后一个数字
以下分析来源:《剑指offer》p231能否不重复遍历数字,而直接计算出最后一个数字是什么呢?
待删除的数字 k = (m-1)%n
删除后:0, 1, …, k-1, k+1, …, n-2, n-1 , 而下一次开始计数是从 k+1 开始,在剩下的序列中,
数组为:k+1, k+2, …, n-1, 0, …, k-1
剩下的序列最后剩下的数字,也应该是 n 和 m 的函数,而且最后剩下的数字,一定和原始序列最后剩下的数字是相同的。
由于剩下的序列是从 k+1 开始,设为f′(n−1,m)f'(n-1,m),而原始序列设为f(n,m)f(n, m)
然后将剩下的 n-1 个数字,做如下映射:
x p(x) k+1 -> 0 k+2 -> 1 ... n-1 -> n-k-2 0 -> n-k-1 1 -> n-k ... k-1 -> n-2
x->p(x)的映射关系 p(x)=[x−(k+1)]%np(x) = [x - (k+1)]\%n,
p(x)->x的映射关系则为 p−1(x)=[x+(k+1)]%np^{-1}(x) = [x + (k+1)]\%n,
这个映射,使得映射队列和初始队列的形式相同:
f′(n−1,m)=p−1[f(n−1,m)]f'(n-1,m) =p^{-1}[f(n-1,m)] 相当于从p(x)映射到x (从变形序列:0开始 映射回之前的 : k+1 开始)
f′(n−1,m)=p−1[f(n−1,m)]=[f(n−1,m)+(k+1)]%nf'(n-1,m) =p^{-1}[f(n-1,m)]=[f(n-1,m)+(k+1)]\%n ,带入 k = (m-1)%n
得到最终递推式:f(n,m)=f′(n−1,m)=[f(n−1,m)+m]%nf(n,m) =f'(n-1,m)=[f(n-1,m)+m]\%n
当 n = 1时,即为最后一个数字。
算法时间复杂度O(n),空间O(1)
// 算法时间复杂度O(n),空间O(1) int ComputeLastRemain(int n, int m) { if (n < 1 || m < 1) return -1; int last; for (int i = 2; i <= n; i++) { last = (last+m)%i; } return last; }
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