一道亚马逊面试题(股票买卖问题)
2014-03-20 14:21
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题目:一个股价序列,已知每个时间点的股价,问什么时候买什么时候卖获利最大
这道题O(N)空间复杂度和O(N)时间复杂度都不难想到:假设股价序列由a
表示,一种方法是开一个缓冲数组b[N-1],记录a
中每两个相邻元素的差值,然后问题转化为求b[N-1]的最大子数组和(当然必须知道最大子数组和的O(N)解法)。第二种方法是开一个缓冲数组b
,依次存储以当前元素结尾的左侧数组最小值,然后再次扫描数组,求出a[i]-b[i]的最大值,并进一步得到买入和卖出时间。
上述两种方法都可以不使用缓冲数组,对于第一种方法,在求子数组最大和的过程中直接采用a
的差值,不单独保存起来。对于第二种方法,使用一个变量来保存以当前元素结尾的左侧数组最小值,在向右的扫描过程中不断更新;这样不仅空间复杂度降低,而且扫描只需要一遍。
这里采用第二种方法,形成代码:
这道题O(N)空间复杂度和O(N)时间复杂度都不难想到:假设股价序列由a
表示,一种方法是开一个缓冲数组b[N-1],记录a
中每两个相邻元素的差值,然后问题转化为求b[N-1]的最大子数组和(当然必须知道最大子数组和的O(N)解法)。第二种方法是开一个缓冲数组b
,依次存储以当前元素结尾的左侧数组最小值,然后再次扫描数组,求出a[i]-b[i]的最大值,并进一步得到买入和卖出时间。
上述两种方法都可以不使用缓冲数组,对于第一种方法,在求子数组最大和的过程中直接采用a
的差值,不单独保存起来。对于第二种方法,使用一个变量来保存以当前元素结尾的左侧数组最小值,在向右的扫描过程中不断更新;这样不仅空间复杂度降低,而且扫描只需要一遍。
这里采用第二种方法,形成代码:
#include <iostream> using namespace std; #define N 5 int MaxProfit(int a[]) { int profit = 0; int leftmin = a[0]; int buyday = 0; int sellday = 0; int tmp = 0; for (int i=0; i<N; i++) { if (a[i] < leftmin) { leftmin = a[i]; tmp = i; } if (a[i]-leftmin > profit) { profit = a[i]-leftmin; buyday = tmp; sellday = i; } } cout << "buyday is: " << buyday+1 << endl; cout << "sellday is: " << sellday+1 << endl; return profit; } void main() { int a = {20,40, 40, 90, 70}; cout << MaxProfit(a) << endl; }
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