第13届景驰-埃森哲杯广东工业大学ACM程序设计大赛(上)
2018-03-26 21:39
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第13届景驰-埃森哲杯广东工业大学ACM程序设计大赛
A 跳台阶
规律
D psd面试
最长公共子序列DP
E 回旋星空
只想到n*n的处理,然后就不知道怎么办了。
赛后看题解,发现map的迭代器原来是这样用的,思路也不错,每次处理一个1个点与其他点的距离保存到map中,所以是n*n的复杂度
F 等式
比赛的时候都没看到这道题,题解推导是
1/x + 1/y = 1/n -> xn + yn - xy = 0 -> xn + yn - xy + n^2 = n^2 ->(x - n)*(y - n) = n^2
然后代码详解
A 跳台阶
规律
#include<stdio.h> int main() { int t; scanf("%d",&t); while(t--) { int n; scanf("%d",&n); printf("%d\n",1<<(n-1)); } return 0; }
D psd面试
最长公共子序列DP
#include<stdio.h> #include<iostream> #include<map> #include<string.h> #include<algorithm> using namespace std; #define ll long long const int maxn=1505; char a[maxn]; char b[maxn]; int dp[maxn][maxn]; int main() { while(~scanf("%s",a+1)) { memset(dp,0,sizeof(dp)); int len=strlen(a+1); int lenn=1; for(int i=len; i>=1; i--) { if(a[i]>=65&&a[i]<=90) { b[lenn++]=a[i]+32; a[i]=a[i]+32; } else { b[lenn++]=a[i]; } } for(int i=1; i<=len; i++) { for(int j=1; j<lenn; j++) { dp[i][j]=max(dp[i-1][j],dp[i][j-1]); if(a[i]==b[j]) dp[i][j]=max(dp[i-1][j-1]+1,dp[i][j]); } } printf("%d\n",len-dp[len][lenn-1]); } return 0; }
E 回旋星空
只想到n*n的处理,然后就不知道怎么办了。
赛后看题解,发现map的迭代器原来是这样用的,思路也不错,每次处理一个1个点与其他点的距离保存到map中,所以是n*n的复杂度
#include<stdio.h> #include<iostream> #include<map> #include<algorithm> using namespace std; #define ll long long const int maxn=1005; int x[maxn],y[maxn]; ll dis(int x1,int y1,int x2,int y2) { return (x1-x2)*(x1-x2)+(y1-y2)*(y1-y2); } int main() { int t; scanf("%d",&t); while(t--) { int n; scanf("%d",&n); map<ll,int>m; for(int i=0;i<n;i++) { scanf("%d%d",&x[i],&y[i]); } ll ans=0; for(int i=0;i<n;i++) { m.clear(); for(int j=0;j<n;j++) { if(i!=j) m[dis(x[i],y[i],x[j],y[j])]++; } for(map<ll,int>::iterator it=m.begin();it!=m.end();it++) { int x=it->second; ans+=x*(x-1); } } if(ans) printf("%lld\n",ans); else printf("WA\n"); } return 0; }
F 等式
比赛的时候都没看到这道题,题解推导是
1/x + 1/y = 1/n -> xn + yn - xy = 0 -> xn + yn - xy + n^2 = n^2 ->(x - n)*(y - n) = n^2
然后代码详解
#include<stdio.h> #define ll long long int main() { int t; scanf("%d",&t); while(t--) { ll n; scanf("%lld",&n); ll ans=1; for(int i=2; i*i<=n; i++) { if(n%i==0) { int cnt=0; while(n%i==0) { cnt++; n/=i; } ans*=cnt*2+1; //所以问题转化为求n^2的两个因数相乘的种类, //所以要先求出n^2的质因数有哪些,并且n^2 = n*n //所以n^2的因数和n的因数相同,且个数为n的两倍。 } } if(n>1)//1,本身,和此时的n,所以是三个数 ans*=3; printf("%lld\n",(ans+1)/2); } return 0; }
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