小明系列问题——小明序列 (线段树优化的最长上升子序列)
2017-10-08 21:38
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Problem Description
大家都知道小明最喜欢研究跟序列有关的问题了,可是也就因为这样,小明几乎已经玩遍各种序列问题了。可怜的小明苦苦地在各大网站上寻找着新的序列问题,可是找来找去都是自己早已研究过的序列。小明想既然找不到,那就自己来发明一个新的序列问题吧!小明想啊想,终于想出了一个新的序列问题,他欣喜若狂,因为是自己想出来的,于是将其新序列问题命名为“小明序列”。提起小明序列,他给出的定义是这样的:
①首先定义S为一个有序序列,S={ A1 , A2 , A3 , ... , An },n为元素个数 ;
②然后定义Sub为S中取出的一个子序列,Sub={ Ai1 , Ai2 , Ai3 , ... , Aim },m为元素个数 ;
③其中Sub满足 Ai1 < Ai2 < Ai3 < ... < Aij-1 < Aij < Aij+1 < ... < Aim ;
④同时Sub满足对于任意相连的两个Aij-1与Aij都有 ij - ij-1 > d (1 < j <= m, d为给定的整数);
⑤显然满足这样的Sub子序列会有许许多多,而在取出的这些子序列Sub中,元素个数最多的称为“小明序列”(即m最大的一个Sub子序列)。
例如:序列S={2,1,3,4} ,其中d=1;
可得“小明序列”的m=2。即Sub={2,3}或者{2,4}或者{1,4}都是“小明序列”。
当小明发明了“小明序列”那一刻,情绪非常激动,以至于头脑凌乱,于是他想请你来帮他算算在给定的S序列以及整数d的情况下,“小明序列”中的元素需要多少个呢?
[align=left]Input[/align]
输入数据多组,处理到文件结束; 输入的第一行为两个正整数 n 和 d;(1<=n<=10^5 , 0<=d<=10^5) 输入的第二行为n个整数A1 , A2 , A3 , ... , An,表示S序列的n个元素。(0<=Ai<=10^5)
[align=left]Output[/align]
请对每组数据输出“小明序列”中的元素需要多少个,每组测试数据输出一行。
[align=left]Sample Input[/align]
2 0
1 2
5 1
3 4 5 1 2
5 2
3 4 5 1 2
[align=left]Sample Output[/align]
2
2
1
题目大概:
最长上升子序列的变形题。
思路:
不能用dp做,可以用二分,树状数组,线段树,优化。这里用线段树优化。
代码:
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
using namespace std;
int sum[122222<<2];
int a[122222];
int dp[122222];
void push(int rt)
{
sum[rt]=max(sum[rt<<1],sum[rt<<1|1]);
}
void build(int l,int r,int rt)
{ sum[rt]=0;
if(l==r)
{
return;
}
int m=(l+r)>>1;
build(lson);
build(rson);
}
void update(int l,int r,int rt,int k,int v)
{
if(l==r)
{
sum[rt]=max(sum[rt],v);
return;
}
int m=(l+r)>>1;
if(k<=m)
{
update(lson,k,v);
}
else
{
update(rson,k,v);
}
push(rt);
}
int quert(int L,int R,int l,int r,int rt)
{
if(L<=l&&R>=r)
{
return sum[rt];
}
int m=(l+r)>>1;
if(R<=m)return quert(L,R,lson);
else if(L>m)return quert(L,R,rson);
else {
return max(quert(L,R,lson),quert(L,R,rson));
}
}
int main()
{
int n,d;
while(~scanf("%d%d",&n,&d))
{ int ans=-1;
memset(dp,0,sizeof(dp));
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&a[i]);
ans=max(ans,a[i]);
}
build(0,ans,1);
int su=-1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(i-d-1>=1)
{
update(0,ans,1,a[i-d-1],dp[i-d-1]);}
if(a[i]>=1)dp[i]=quert(0,a[i]-1,0,ans,1)+1;
else dp[i]=1;
su=max(su,dp[i]);
}
printf("%d\n",su);
}
return 0;
}
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