51nod_1134 最长递增子序列(O(n*logn))
2017-04-26 16:16
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1134 最长递增子序列
基准时间限制:1 秒 空间限制:131072 KB 分值: 0 难度:
给出长度为N的数组,找出这个数组的最长递增子序列。(递增子序列是指,子序列的元素是递增的)
例如:5 1 6 8 2 4 5 10,最长递增子序列是1 2 4 5 10。
Input
第1行:1个数N,N为序列的长度(2 <= N <= 50000)
第2 - N + 1行:每行1个数,对应序列的元素(-10^9 <= S[i] <= 10^9)
Output
输出最长递增子序列的长度。
Input示例
8
5
1
6
8
2
4
5
10
Output示例
5
思路:这题 有O(n^2)(dp)的解法,也有O(n*logn)(二分)的解法
O(n^2)(dp):
找最长递增子序列(是序列不是串),不难发现一个规律
a[i]表示i位置上的值,dp[i]表示从1到i位置的最长子序列的长度
i位置上能构成的最长子序列长度==i之前的所有位置中值(满足递增条件)小于a[i]的长度最长的(满足最长的条件)
有了这个等式 转移方程就很好写了
dp[i]=max(a[i]>a[1]?dp[1]:0, a[i]>a[2]?dp[2]:0, ……a[i]>a[i-1]?dp[i-1]:0)(存在)
dp[i]=1(不存在)
其实就是用一个for循环找1到i-1中,长度最长并且末尾小于a[i]的那一个
O(n*logn)(二分):其实dp那种很好理解,但是时间复杂度略高,所以我们要找一种稍微快的方法,这样才能过这题;
,要使得递增子序列的长度最长,显然在每一次增加其长度的时候要使其末尾的值竟可能的小,有了这个思路其实就会发现确实可以优化前者(O(n^2)的方法)
思路:枚举a[1]~a
的时候 维护 长度从1~x(x为当前最长递增子序列的长度)的递增子序列的 末尾的值(比如说长度为3 的 1 2 4序列 把4维护下来 即b[3]=4)
那么就可以得到以下性质:
1.当a[i]
基准时间限制:1 秒 空间限制:131072 KB 分值: 0 难度:
给出长度为N的数组,找出这个数组的最长递增子序列。(递增子序列是指,子序列的元素是递增的)
例如:5 1 6 8 2 4 5 10,最长递增子序列是1 2 4 5 10。
Input
第1行:1个数N,N为序列的长度(2 <= N <= 50000)
第2 - N + 1行:每行1个数,对应序列的元素(-10^9 <= S[i] <= 10^9)
Output
输出最长递增子序列的长度。
Input示例
8
5
1
6
8
2
4
5
10
Output示例
5
思路:这题 有O(n^2)(dp)的解法,也有O(n*logn)(二分)的解法
O(n^2)(dp):
找最长递增子序列(是序列不是串),不难发现一个规律
a[i]表示i位置上的值,dp[i]表示从1到i位置的最长子序列的长度
i位置上能构成的最长子序列长度==i之前的所有位置中值(满足递增条件)小于a[i]的长度最长的(满足最长的条件)
有了这个等式 转移方程就很好写了
dp[i]=max(a[i]>a[1]?dp[1]:0, a[i]>a[2]?dp[2]:0, ……a[i]>a[i-1]?dp[i-1]:0)(存在)
dp[i]=1(不存在)
其实就是用一个for循环找1到i-1中,长度最长并且末尾小于a[i]的那一个
O(n*logn)(二分):其实dp那种很好理解,但是时间复杂度略高,所以我们要找一种稍微快的方法,这样才能过这题;
,要使得递增子序列的长度最长,显然在每一次增加其长度的时候要使其末尾的值竟可能的小,有了这个思路其实就会发现确实可以优化前者(O(n^2)的方法)
思路:枚举a[1]~a
的时候 维护 长度从1~x(x为当前最长递增子序列的长度)的递增子序列的 末尾的值(比如说长度为3 的 1 2 4序列 把4维护下来 即b[3]=4)
那么就可以得到以下性质:
1.当a[i]
#include<cstdio> #include<iostream> using namespace std; int a[50005]; int main(){ int n; scanf("%d",&n); int a[50005]; for(int i=1;i<=n;i++){ scanf("%d",&a[i]); } int b[5005]; b[1]=a[1]; int len=1; for(int i=2;i<=n;i++){ if(a[i]>b[len]){ len++; b[len]=a[i]; continue; } if(a[i]==b[len]) continue; if(a[i]<=b[1]){ b[1]=a[i]; continue; } int l=1; int r=len; while(l<=r){//找恰好大于a[i]的一个数 int mid=(l+r)/2; if(a[i]==b[mid]) break; if(b[mid]<a[i]&&b[mid+1]>a[i]&&(mid+1)<=len){ b[mid+1]=a[i]; break; } if(b[mid]<a[i]&&b[mid+1]<a[i]&&(mid+1)<=len){ l=mid; continue; } if(b[mid]>a[i]){ r=mid; continue; } } } cout<<len<<endl; return 0; }
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