HDU 4370 0 or 1(最短路)
2017-03-30 20:24
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给出n*n 矩阵 Cij (1<=i,j<=n), n*n 01矩阵Xij满足
X1,2+X1,3+...X1,n=1
X1,n+X2,n+...Xn−1,n=1
(1<i<n),满足∑Xk,i(1<=k<=n)=∑Xi,j(1<=j<=n)
求最小的∑Ci,j∗Xi,j(1<=i,j<=n)
开始以为网络流,看题解后发现是将矩阵看作邻接矩阵
要求就是求该矩阵对应图的子图,子图边的权值和为可能解
其中2~n-1 出度等于入度,1出度为1,n入度为1,则求最小权值和的情况下最多只能有一条简单路径 且1是起点,n是终点
2~n-1 出度与入度最多为1,若某点出度入度大于1
那么该点在简单路径上或在1->1和n->n的其中一个简单回路上时,其余的出入度参与到了其它环中,因为权值非负,所以删去其他环更优,不在时删除经过它的所有环更优
PS(1->1和n->n的简单回路也不会有交点)
所以删去以上情况后,满足结果的为1->n的最小权值简单路径(即最短路) 和 1到1的最小环(非自环)+n到n的最小环(非自环) 中二者最小值
spfa或dij 用邻接矩阵做,前向星会T
X1,2+X1,3+...X1,n=1
X1,n+X2,n+...Xn−1,n=1
(1<i<n),满足∑Xk,i(1<=k<=n)=∑Xi,j(1<=j<=n)
求最小的∑Ci,j∗Xi,j(1<=i,j<=n)
开始以为网络流,看题解后发现是将矩阵看作邻接矩阵
要求就是求该矩阵对应图的子图,子图边的权值和为可能解
其中2~n-1 出度等于入度,1出度为1,n入度为1,则求最小权值和的情况下最多只能有一条简单路径 且1是起点,n是终点
2~n-1 出度与入度最多为1,若某点出度入度大于1
那么该点在简单路径上或在1->1和n->n的其中一个简单回路上时,其余的出入度参与到了其它环中,因为权值非负,所以删去其他环更优,不在时删除经过它的所有环更优
PS(1->1和n->n的简单回路也不会有交点)
所以删去以上情况后,满足结果的为1->n的最小权值简单路径(即最短路) 和 1到1的最小环(非自环)+n到n的最小环(非自环) 中二者最小值
spfa或dij 用邻接矩阵做,前向星会T
#include <cstdio> #include <algorithm> #include <queue> #include <cstring> using namespace std; const int MAXN=333; const int MAXM=33333; const int INF=0x3f3f3f3f; int n,m,dist[MAXN],ecnt; int pic[MAXN][MAXN]; queue<int> q; int vis[MAXN],inq[MAXN]; int spfa(int s)//s为源点,t为终点 { while(!q.empty()) q.pop(); for(int i=1;i<=n;i++) dist[i]=INF,vis[i]=0,inq[i]=0; int cir=INF; dist[s]=0; q.push(s); inq[s]=1; while(!q.empty()) { int fr=q.front(); q.pop(); inq[fr]=0; for(int v=1;v<=n;v++) { int k=pic[fr][v]; if(v==s) cir=min(cir,dist[fr]+k); if(dist[v]>dist[fr]+k) { dist[v]=dist[fr]+k; if(inq[v]) continue; if(++vis[v]>=n)//有负环 return -1; q.push(v); inq[v]=1; } } } return cir; } int main() { int ta,tb,tc; while(~scanf("%d",&n)) { for(int i=1;i<=n;i++) for(int j=1;j<=n;j++) { scanf("%d",&pic[i][j]); if(i==j) pic[i][j]=INF; } printf("%d\n",min(spfa(n)+spfa(1),dist )); } return 0; }
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