hdu 2089 不要62(简单数位dp)
2016-03-31 08:59
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题意:
给定一个区间,求区间内除了所有含有4或62的数字的总数
思路:
刚学数位dp,发现这道题,以前居然用暴力过了,完全没想到是dp(瀑布汗...)然后事实上,感觉这题用朴素暴力会更快。。。唔。。。感觉数位dp好多都能强行暴力。。。
好,回到正题:参照刚刚所说的基本思路。预处理f数组,然后统计[0,m] - [0,n)。f[i,j]代表开头是j的i位数中不含"62"或"4"的数有几个。如f[2,6]包含60,61,63,65,66,67,68,69
伪代码:
到这里,我们已经求出i位的开头是j的满足条件的数的个数了,接下来只要统计区间即可。
统计区间[0,n]
从高到低枚举哪一位比n小
如n = 4 5 6
那么ans = ans + f[3,0];
ans = ans + f[3,1];
ans = ans + f[3,...];
这里ppt上没有细说,然后我卡了好久,都没想通(果然我的智商远低于ppt作者的预期)因为f[i][j]保存的是开头是j的i位数中不含"62"或"4"的数的个数,举例来说,f[3][2]代表的是200 ~299区间内满足条件的数的个数假如我要求的区间是0~345,那就是区间0 - 099,100 - 199,
200 - 299,0 - 09, 10 - 19, 20 - 29, 30 - 39,1 , 2 , 3 ,4这些区间内合法数的个数之和 ,我们看到,实际上有些区间是重叠的,而重叠部分正好补足高位的数,比如0 - 09重叠部分是0 - 04,剩余补到十位上正好是补足了没有计算的40 - 44部分,同样的0 - 099也是同样的道理,并且依次往上补足。不过从这里我们也能看出,我们这个统计的过程并没有考虑到345本身,所以当给定区间是[n,m]时,我们这个过程计算时n([0,n-1]),m+1([0,m])。
下面是代码:
#include <cstdio>
#include <cstring>
using namespace std;
int dp[10][10];
int l[100];
int main()
{
int n,m;
memset(dp, 0, sizeof(dp));
dp[0][0] = 1;
for(int i = 1; i <= 7; i++)
{
for(int j = 0; j <= 9; j++)
{
for(int k = 0; k <= 9; k++)
if(j != 4 && !(j == 6 && k == 2))
dp[i][j] = dp[i - 1][k] + dp[i][j];
}
}
while(scanf("%d %d", &n, &m), n||m)
{
int len = 0;
//n = n - 1;
while(n)
{
len++;
l[len] = n % 10;
n = n / 10;
}
l[len + 1] = 0;
int ansn = 0;
for(int i = len; i; i --)
{
for(int j = 0; j < l[i]; j++)
{
if(j != 4 && (!(j == 2 && l[i + 1] == 6)))
{
ansn = ansn + dp[i][j];
// printf("(%d %d) %d\n", i, j, dp[i][j]);
}
}
if(l[i] == 4 || (l[i] == 2 && l[i + 1] == 6))
break;
}
len = 0;
m = m + 1;
while(m)
{
len++;
l[len] = m % 10;
m = m / 10;
}
l[len + 1] = 0;
int ansm = 0;
for(int i = len; i; i--)
{
for(int j = 0; j < l[i]; j++)
{
if(j != 4 && (!(j == 2 && l[i + 1] == 6)))
{
// printf("(%d %d) %d\n", i, j, dp[i][j]);
ansm = ansm + dp[i][j];
}
}
if(l[i] == 4 || (l[i] == 2 && l[i + 1] == 6))
break;
}
// for(int i = 1; i <= 3; i++)
// for(int j = 0; j <= 9; j++)
// printf("(%d %d) %d\n", i, j, dp[i][j]);
printf("%d\n", ansm - ansn);
}
return 0;
}
给定一个区间,求区间内除了所有含有4或62的数字的总数
思路:
刚学数位dp,发现这道题,以前居然用暴力过了,完全没想到是dp(瀑布汗...)然后事实上,感觉这题用朴素暴力会更快。。。唔。。。感觉数位dp好多都能强行暴力。。。
好,回到正题:参照刚刚所说的基本思路。预处理f数组,然后统计[0,m] - [0,n)。f[i,j]代表开头是j的i位数中不含"62"或"4"的数有几个。如f[2,6]包含60,61,63,65,66,67,68,69
伪代码:
f[0,0] = 1; for i = 1 ~ 7 for j = 0 ~ 9 //枚举第i位 for k = 0 ~ 9 //枚举第i - 1位 if j <> 4 and not(j = 6 and k = 2) f[i,j] = f[i - 1,k] + f[i,j];嗯,没错,以上摘自ppt初探数位类统计问题
到这里,我们已经求出i位的开头是j的满足条件的数的个数了,接下来只要统计区间即可。
统计区间[0,n]
从高到低枚举哪一位比n小
如n = 4 5 6
那么ans = ans + f[3,0];
ans = ans + f[3,1];
ans = ans + f[3,...];
这里ppt上没有细说,然后我卡了好久,都没想通(果然我的智商远低于ppt作者的预期)因为f[i][j]保存的是开头是j的i位数中不含"62"或"4"的数的个数,举例来说,f[3][2]代表的是200 ~299区间内满足条件的数的个数假如我要求的区间是0~345,那就是区间0 - 099,100 - 199,
200 - 299,0 - 09, 10 - 19, 20 - 29, 30 - 39,1 , 2 , 3 ,4这些区间内合法数的个数之和 ,我们看到,实际上有些区间是重叠的,而重叠部分正好补足高位的数,比如0 - 09重叠部分是0 - 04,剩余补到十位上正好是补足了没有计算的40 - 44部分,同样的0 - 099也是同样的道理,并且依次往上补足。不过从这里我们也能看出,我们这个统计的过程并没有考虑到345本身,所以当给定区间是[n,m]时,我们这个过程计算时n([0,n-1]),m+1([0,m])。
下面是代码:
#include <cstdio>
#include <cstring>
using namespace std;
int dp[10][10];
int l[100];
int main()
{
int n,m;
memset(dp, 0, sizeof(dp));
dp[0][0] = 1;
for(int i = 1; i <= 7; i++)
{
for(int j = 0; j <= 9; j++)
{
for(int k = 0; k <= 9; k++)
if(j != 4 && !(j == 6 && k == 2))
dp[i][j] = dp[i - 1][k] + dp[i][j];
}
}
while(scanf("%d %d", &n, &m), n||m)
{
int len = 0;
//n = n - 1;
while(n)
{
len++;
l[len] = n % 10;
n = n / 10;
}
l[len + 1] = 0;
int ansn = 0;
for(int i = len; i; i --)
{
for(int j = 0; j < l[i]; j++)
{
if(j != 4 && (!(j == 2 && l[i + 1] == 6)))
{
ansn = ansn + dp[i][j];
// printf("(%d %d) %d\n", i, j, dp[i][j]);
}
}
if(l[i] == 4 || (l[i] == 2 && l[i + 1] == 6))
break;
}
len = 0;
m = m + 1;
while(m)
{
len++;
l[len] = m % 10;
m = m / 10;
}
l[len + 1] = 0;
int ansm = 0;
for(int i = len; i; i--)
{
for(int j = 0; j < l[i]; j++)
{
if(j != 4 && (!(j == 2 && l[i + 1] == 6)))
{
// printf("(%d %d) %d\n", i, j, dp[i][j]);
ansm = ansm + dp[i][j];
}
}
if(l[i] == 4 || (l[i] == 2 && l[i + 1] == 6))
break;
}
// for(int i = 1; i <= 3; i++)
// for(int j = 0; j <= 9; j++)
// printf("(%d %d) %d\n", i, j, dp[i][j]);
printf("%d\n", ansm - ansn);
}
return 0;
}
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