[bzoj3876][AHOI2014]支线剧情
2016-03-02 10:00
316 查看
3876: [Ahoi2014]支线剧情
Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 256 MBSubmit: 573 Solved: 351
[Submit][Status][Discuss]
Description
【故事背景】
宅男JYY非常喜欢玩RPG游戏,比如仙剑,轩辕剑等等。不过JYY喜欢的并不是战斗场景,而是类似电视剧一般的充满恩怨情仇的剧情。这些游戏往往
都有很多的支线剧情,现在JYY想花费最少的时间看完所有的支线剧情。
【问题描述】
JYY现在所玩的RPG游戏中,一共有N个剧情点,由1到N编号,第i个剧情点可以根据JYY的不同的选择,而经过不同的支线剧情,前往Ki种不同的新的剧情点。当然如果为0,则说明i号剧情点是游戏的一个结局了。
JYY观看一个支线剧情需要一定的时间。JYY一开始处在1号剧情点,也就是游戏的开始。显然任何一个剧情点都是从1号剧情点可达的。此外,随着游戏的进行,剧情是不可逆的。所以游戏保证从任意剧情点出发,都不能再回到这个剧情点。由于JYY过度使用修改器,导致游戏的“存档”和“读档”功能损坏了,
所以JYY要想回到之前的剧情点,唯一的方法就是退出当前游戏,并开始新的游戏,也就是回到1号剧情点。JYY可以在任何时刻退出游戏并重新开始。不断开始新的游戏重复观看已经看过的剧情是很痛苦,JYY希望花费最少的时间,看完所有不同的支线剧情。
Input
输入一行包含一个正整数N。
接下来N行,第i行为i号剧情点的信息;
第一个整数为,接下来个整数对,Bij和Tij,表示从剧情点i可以前往剧
情点,并且观看这段支线剧情需要花费的时间。
Output
输出一行包含一个整数,表示JYY看完所有支线剧情所需要的最少时间。
Sample Input
6
2 2 1 3 2
2 4 3 5 4
2 5 5 6 6
0
0
0
Sample Output
24
HINT
JYY需要重新开始3次游戏,加上一开始的一次游戏,4次游戏的进程是
1->2->4,1->2->5,1->3->5和1->3->6。
对于100%的数据满足N<=300,0<=Ki<=50,1<=Tij<=300,Sigma(Ki)<=5000
首先根据题意,我们可以直接在原图上面建边,但是题目里面要求每条边都至少经过一次,所以每条边的流量还需要有一个下界。
所以这道题就变成了一道有上下界的费用流。
有上下界的费用流跟有上下界的网络流是一样的,给每条边加上费用之后直接做就行了。
安利一个有上下界网络流的blog
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> using namespace std; #define T n+2 #define D 450 #define inf 707406378 const int N=500; const int M=100000; bool f ; struct S{int st,en,va,co;}aa[M]; int n,l ,tot=1,point ,next[M],ids ,pre ,ans,dis ; inline void add(int x,int y,int va,int co){ next[++tot]=point[x];point[x]=tot; aa[tot].st=x;aa[tot].en=y;aa[tot].va=va;aa[tot].co=co; next[++tot]=point[y];point[y]=tot; aa[tot].st=y;aa[tot].en=x;aa[tot].va=0;aa[tot].co=-co; } inline int SPFA(int x,int y){ int i,u,h=0,t=1; memset(f,1,sizeof(f)); memset(dis,127/3,sizeof(dis)); l[t]=x;dis[x]=0; while(h!=t){ h=h%D+1;u=l[h];f[u]=true; for(i=point[u];i;i=next[i]) if(aa[i].va>0&&dis[aa[i].en]>dis[u]+aa[i].co){ dis[aa[i].en]=dis[u]+aa[i].co; pre[aa[i].en]=i; if(f[aa[i].en]){ f[aa[i].en]=false; t=t%D+1; l[t]=aa[i].en; } } } return dis[y]; } inline int ISAP(int x,int y){ int i,minn=inf; for(i=y;i!=x;i=aa[pre[i]].st) minn=min(minn,aa[pre[i]].va); for(i=y;i!=x;i=aa[pre[i]].st){ aa[pre[i]].va-=minn; aa[pre[i]^1].va+=minn; } return minn; } int main(){ int i,j,t,x,y; scanf("%d",&n); for(add(1,2,inf,0),i=1;i<=n;++i){ scanf("%d",&t); for(j=1;j<=t;++j){ scanf("%d%d",&x,&y); ans+=y; add(i+1,x+1,inf,y); add(1,x+1,1,0); add(i+1,T,1,0); } } int minn=1; while(minn!=inf){ minn=SPFA(1,T); if(minn!=inf) ans+=minn*ISAP(1,T); } printf("%d\n",ans); }
相关文章推荐
- 基于Jquery和html5实现炫酷的3D焦点图动画
- iOS--CFMessagePort实现进程间通信
- HDU 5058 So easy
- XP与Win7默认下时间分隔符不同
- 数据结构与算法面试总结
- angular 锚点 刷新界面 浏览器后退按钮是否可用
- JavaScript学习
- MongoDB非正常关闭后修复记录
- 《从零开始学Swift》学习笔记(Day 29)——访问级别
- 九度题目1173
- JQuery ajaxForm,ajaxSubmit的联系和区别
- java装饰者模式
- JMS简介与ActiveMQ实战
- 程序员怎么获得高工资
- Java之——程序员容易犯的常见十大错误
- Oracle/mysql数据库默认端口
- PHP非阻塞模式 (转自 尘缘)
- Dom新find
- 老罗Android(19)AsyncTask下载图片例子
- php编辑ppt方法 PHPPowerPoint类 学习