POJ 3252 Round Numbers (数论&&组合)
2016-02-25 15:39
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大意:求解n~m所有数中把十进制换成二进制中0的个数大于1的个数。
思路:数据较大,指定不能直接暴力跑,根据排列组合可以进行处理。我们可以先用杨辉三角打表。 找到比当前数小并且满足num0>=num1.
那么就可以分为两种情况:
1、二进制数比当前的二进制数目少时,那么可以第一位的二进制为1,剩下的二进制进行排列组合;同时保证0的个数>=1的个数所以至少1的个数是从0开始到(i-1)/2(PS:举例子如,5位的二进制数,那么0最少可以有3个,
即i/2+1)。
2、二进制数和当前十进制数的二进制数目一样时,那么就要找比当前数小并且0个数比1多。那么就应该将bin[]数组从后向前遍历,一次找到bin[]==1的数让他变成0,那么这样一定可以使这个数小于当前的二进制数,同时将1之前出现的0的个数记录下来,用最小的个数减去之前0的个数是剩下0的个数,这些数进行组合求解。
思路:数据较大,指定不能直接暴力跑,根据排列组合可以进行处理。我们可以先用杨辉三角打表。 找到比当前数小并且满足num0>=num1.
那么就可以分为两种情况:
1、二进制数比当前的二进制数目少时,那么可以第一位的二进制为1,剩下的二进制进行排列组合;同时保证0的个数>=1的个数所以至少1的个数是从0开始到(i-1)/2(PS:举例子如,5位的二进制数,那么0最少可以有3个,
即i/2+1)。
2、二进制数和当前十进制数的二进制数目一样时,那么就要找比当前数小并且0个数比1多。那么就应该将bin[]数组从后向前遍历,一次找到bin[]==1的数让他变成0,那么这样一定可以使这个数小于当前的二进制数,同时将1之前出现的0的个数记录下来,用最小的个数减去之前0的个数是剩下0的个数,这些数进行组合求解。
#include<map> #include<queue> #include<cmath> #include<iostream> #include<cstdio> #include<stack> #include<cstring> #include<algorithm> #define LL int #define inf 0x3f3f3f3f const double PI=acos(-1.0); using namespace std; int mp[35][35],bin[35],ans; void init(){ for(int i=0;i<=33;++i){ for(int j=0;j<=i;++j){ if(i==j||j==0) mp[i][j]=1; else mp[i][j]=mp[i-1][j]+mp[i-1][j-1]; } } } int vary(int x){ int t=0; while(x){ bin[++t]=x%2; x/=2; } return t; } int rd(int x){ ans=0; int len=vary(x); for(int i=1;i<len-1;++i){ for(int j=0;j<=(i-1)/2;++j){ ans+=mp[i][j]; } } int zo=0; for(int i=len-1;i>=1;i--){ if(bin[i]){ for(int j=(len+1)/2-(zo+1);j<=i-1;++j ){ ans+=mp[i-1][j]; } } else zo++; } return ans; } int main(){ LL n,m,i,j,k,t; init(); while(~scanf("%d%d",&n,&m)){ printf("%d\n",rd(m+1)-rd(n)); } return 0; }
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