ZOJ 3329 One Person Game (概率DP)
2015-12-29 18:27
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http://acm.zju.edu.cn/onlinejudge/showProblem.do?problemCode=3329
题目:抛掷3个骰子(分别共有k1,k2,k3个点),如果对应的点数分别是a,b,c那么就变成0,累加加上点数之和,直到score>n时结束。问投掷3个骰子的次数。
做完这题发现,原来,一般的概率DP的设计都是从后向前推导。
设dp[i]是分数为i的次数期望,p[i]是相关概率,有:
( i+k!=0 ) (1)
抽象成:
(2)
(dp[i+k]含有dp[0],所以不能简单地认为a[0]就是p[0])
将
带入(1)计算,得到:
联系(2)得到:
这样一带一比就找到了a[i]和b[i]的递推式,很神奇啊有木有
当i=0时,有
因为dp(i>n)=0,所以有 a[i>n]=b[i>n]=0。
最后求得dp[0]即可。
题目:抛掷3个骰子(分别共有k1,k2,k3个点),如果对应的点数分别是a,b,c那么就变成0,累加加上点数之和,直到score>n时结束。问投掷3个骰子的次数。
做完这题发现,原来,一般的概率DP的设计都是从后向前推导。
设dp[i]是分数为i的次数期望,p[i]是相关概率,有:
( i+k!=0 ) (1)
抽象成:
(2)
(dp[i+k]含有dp[0],所以不能简单地认为a[0]就是p[0])
将
带入(1)计算,得到:
联系(2)得到:
这样一带一比就找到了a[i]和b[i]的递推式,很神奇啊有木有
当i=0时,有
因为dp(i>n)=0,所以有 a[i>n]=b[i>n]=0。
最后求得dp[0]即可。
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> using namespace std; int n,k1,k2,k3,A,B,C; double a[505],b[505]; double p[20]; int main() { int t; cin>>t; while(t--){ scanf("%d%d%d%d%d%d%d",&n,&k1,&k2,&k3,&A,&B,&C); double one=1.0/k1/k2/k3; memset(p,0,sizeof(p)); for(int i=1;i<=k1;i++){ for(int j=1;j<=k2;j++){ for(int k=1;k<=k3;k++){ if(i==A&&j==B&&k==C) continue; p[i+j+k]+=one; } } } memset(a,0,sizeof(a)); memset(b,0,sizeof(b)); for(int i=n;i>=0;i--){ a[i]=one; //p0 b[i]=1.0; for(int j=3;j<=(k1+k2+k3);j++){ a[i]+=p[j]*a[i+j]; b[i]+=p[j]*b[i+j]; } } printf("%.15lf\n",b[0]/(1-a[0])); } return 0; }
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