石子合并问题--动态规划;贪心
2015-10-17 20:18
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石子合并问题
石子合并问题是最经典的DP问题。首先它有如下3种题型:(1)有N堆石子,现要将石子有序的合并成一堆,规定如下:每次只能移动任意的2堆石子合并,合并花费为新合成的一堆石子的数量。求将这N堆石子合并成
分析:当然这种情况是最简单的情况,合并的是任意两堆,直接贪心即可,每次选择最小的两堆合并。本问题实际上就是哈夫曼的变形。
(2)有N堆石子,现要将石子有序的合并成一堆,规定如下:每次只能移动相邻的2堆石子合并,合并花费为新合成的一堆石子的数量。求将这N堆石子合并成一堆的总花费最小(或最大)。
(3)问题(2)的是在石子排列是直线情况下的解法,如果把石子改为环形排列,又怎么做呢?
任意合并
题目
(1)有N堆石子,现要将石子有序的合并成一堆,规定如下:每次只能移动任意的2堆石子合并,合并花费为新合成的一堆石子的数量。求将这N堆石子合并成分析
当然这种情况是最简单的情况,合并的是任意两堆,直接贪心即可,每次选择最小的两堆合并。本问题实际上就是哈夫曼的变形。代码
/************************************************************************* > File Name: 1.c > Author: GatieMe > Mail: gatieme@163.com > Created Time: 2015年10月17日 星期六 19时29分22秒 ************************************************************************/ #include <stdio.h> #include <stdlib.h> int Compare(const void *pleft, const void *pright) { int *left = (int *)pleft; int *right = (int *)pright; return (*left - *right); } #define SIZE 100 int N; int W[SIZE]; int main(void) { while(scanf("%d", &N), N) { for(int i = 0; i < N; i++) { scanf("%d", &W[i]); } for(int i = 0; i < N; i++) { qsort(&W[i], N - i, sizeof(W[0]), Compare); #ifdef DEBUG for(int j = 0; j < N; j++) { printf("%4d", W[j]); } printf("\n"); #endif // 此时num[i]和num[i + 1]就是最小的两个 W[i + 1] += W[i]; } printf("%d\n", W[N - 1]); } }
相邻合并
题目
有N堆石子,现要将石子有序的合并成一堆,规定如下:每次只能移动相邻的2堆石子合并
合并花费为新合成的一堆石子的数量。
求将这N堆石子合并成一堆的总花费最小(或最大)。
分析
我们熟悉矩阵连乘,知道矩阵连乘也是每次合并相邻的两个矩阵,那么石子合并可以用矩阵连乘的方式来解决。设dp[i][j]表示第i到第j堆石子合并的最优值,sum[i][j]表示第i到第j堆石子的总数量。那么就有状态转移公式:
代码
#include <string.h> #include <stdio.h> #include <math.h> const int INF = 1 << 30; #define MIN(a, b) ((a) > (b) ? (a) : (b)) #define N 205 int dp ; int sum ; int a ; int getMinval(int *a, int n) { for(int i = 0; i < n; i++) { dp[i][i] = 0; } for(int v = 1; v < n; v++) { for(int i = 0;i < n-v; i++) { int j = i + v; dp[i][j] = INF; int tmp = sum[j] - (i > 0 ? sum[i-1]:0); for(int k = i; k < j; k++) dp[i][j] = MIN(dp[i][j], dp[i][k] + dp[k+1][j] + tmp); } } return dp[0][n-1]; } int main() { int n; while(scanf("%d", &n) != EOF) { for(int i = 0;i < n; i++) { scanf("%d", &a[i]); } sum[0] = a[0]; for(int i = 1; i< n ; i++) { sum[i] = sum[i-1] + a[i]; } printf("%d\n",getMinval(a,n)); } return 0; }
优化
#include <string.h> #include <stdio.h> const int INF = 1 << 30; #define N 1005 int dp ; int p ; int sum ; int n; int getMinval() { for(int i=1; i<=n; i++) { dp[i][i] = 0; p[i][i] = i; } for(int len=1; len<n; len++) { for(int i=1; i+len<=n; i++) { int end = i+len; int tmp = INF; int k = 0; for(int j=p[i][end-1]; j<=p[i+1][end]; j++) { if(dp[i][j] + dp[j+1][end] + sum[end] - sum[i-1] < tmp) { tmp = dp[i][j] + dp[j+1][end] + sum[end] - sum[i-1]; k = j; } } dp[i][end] = tmp; p[i][end] = k; } } return dp[1] ; } int main() { while(scanf("%d",&n)!=EOF) { sum[0] = 0; for(int i=1; i<=n; i++) { int val; scanf("%d",&val); sum[i] = sum[i-1] + val; } printf("%d\n",getMinval()); } return 0; }
环形合并
题目
在一个圆形操场的四周摆放着n堆石子(n<= 100),现要将石子有次序地合并成一堆。规定每次只能选取相邻的两堆合并成新的一堆,并将新的一堆的石子数,记为该次合并的得分。编一程序,读入石子堆数n及每堆的石子数(<=20)。选择一种合并石子的方案,使得做n-1次合并,得分的总和最小;
比如有4堆石子:4 4 5 9 则最佳合并方案如下:
4 4 5 9 score: 0 8 5 9 score: 8 13 9 score: 8 + 13 = 21 22 score: 8 + 13 + 22 = 43
输入:
可能有多组测试数据。 当输入n=0时结束! 第一行为石子堆数n(1<=n<=100);第二行为n堆的石子每堆的石子数,每两个数之间用一个空格分隔。
输出:
合并的最小得分,每个结果一行。
输入样例:
4 4 4 5 9
6 3 4 6 5 4 2
0
输出样例:
43
61
分析
假设有石头Ai,Ai+1,……,Ai+j-1共j堆需要合并,简记为A[i+0,i+j-1].如果设最后一次合并发生在Ak与Ak+1之间(i<=k <=i+j-1),则最后一个合并的得分为Ai,Ai+1,……,Ai+j-1堆石头的个数的总和记为totalValue(i,j).(不管你最后一次合并发生在哪个位置,totalValue(i,j)的值都是一样的)因此总的得分等于
A[i,k]+A[k+1,i+j-1]+totalValue(i,j).
动态规划思路:
阶段i:石子的每一次合并过程,先两两合并,再三三合并,…最后N堆合并
状态s:每一阶段中各个不同合并方法的石子合并总得分。
决策:把当前阶段的合并方法细分成前一阶段已计算出的方法,选择其中的最优方案
具体来说我们应该定义一个数组s[i,j]用来表示合并方法,s[i][j]表示从第i堆开始数j堆进行合并,s[i,j]为合并的最优得分。
对例子(3 4 6 5 4 2)来说: 第一阶段:s[1,1]=0,s[2,1]=0,s[3,1]=0,s[4,1]=0,s[5,1]=0,s[6,1]=0,因为一开始还没有合并,所以这些值应该全部为0。 第二阶段:两两合并过程如下,其中sum(i,j)表示从i开始数j个数的和 s[1,2]=s[1,1]+s[2,1]+sum(1,2) s[2,2]=s[2,1]+s[3,1]+sum(2,2) s[3,2]=s[3,1]+s[4,1]+sum(3,2) s[4,2]=s[4,1]+s[5,1]+sum(4,2) s[5,2]=s[5,1]+s[6,1]+sum(5,2) s[6,2]=s[6,1]+s[1,1]+sum(6,2) 第三阶段:三三合并可以拆成两两合并,拆分方法有两种,前两个为一组或后两个为一组 s[1,3]=s[1,2]+s[3,1]+sum(1,3)或s[1,3]=s[1,1]+s[2,2]+sum(1,3),取其最优(最大或最小) s[2,3]=s[2,2]+s[4,1]+sum(2,3)或s[1,3]=s[2,1]+s[3,2]+sum(2,3),取其最优 第四阶段:四四合并的拆分方法用三种,同理求出三种分法的得分,取其最优即可。以后第五阶段、第六阶段依次类推,最后在第六阶段中找出最优答案即可。
代码
#include<iostream> using namespace std; int N;//石子的堆数 int num[100]={0};//每堆石子个数 int sum(int begin,int n) { int total=0; for (int i=begin;i<=begin+n-1;i++) { if(i==N) total=total+num ;//取代num[0] else total=total+num[i%N]; } return total; } int stone_merge() { int score[100][100];//score[i][j]:从第i堆石子开始的j堆石子合并后最小得分 int n,i,k,temp; for (i=1;i<=N;i++) score[i][1]=0;//一堆石子,合并得分为0 //num[0]=num ;//重要:sum()函数中i=N时,取num[0] for (n=2;n<=N;n++)//合并的石子的堆数 { for (i=1;i<=N;i++)//合并起始位置 { score[i] =score[i][1]+score[(i+1-1)%N+1][n-1]; for (k=2;k<=n-1;k++)//截断位置 { temp=score[i][k]+score[(i+k-1)%N+1][n-k]; if(temp <score[i] ) score[i] = temp;//从第i开始的k堆是:第i+0堆到第(i+k-1)%N堆 } score[i] +=sum(i,n); } } int min=2147483647; for (i=1;i<=N;i++) { if (min>score[i] ) min=score[i] ;//取从第i堆开始的N堆的最小者 } return min; } int main() { int min_count=0; cin>>N;//石子的堆数 while(N!=0) { for (int i=1;i<=N;i++) cin>>num[i];//每堆石子的数量//从1开始,num[0]不用 min_count=stone_merge(); cout<<min_count<<endl; for(i=0;i<N;i++)//准备下一轮 num[i]=0; min_count=0; cin>>N; } return 0; }
数据围成一个环,而实际存储是线性的,这里简化环形取数据,得到新的一种解决方法
优化
#include<stdio.h> int N;//最多100堆石子:N=100 int num[200]={0}; int stone_merge() { int score[200][101]={0};//l[i][j]:从第i堆石子起合并n堆石子的最小得分 int n,i,k,temp; for(i=0;i<2*N;i++) score[i][1]=0;//一堆石子合并得分为0 for(n=2;n<=N;n++)//合并n堆石子 { for(i=0;i<=2*N-n;i++)//从第i对开始合并(有一次重复运算,但省去了循环取数,简化了程序) { score[i] =score[i][1]+score[i+1][n-1]; for(k=2;k<n;k++)//划分 { temp=score[i][k]+score[k+i][n-k]; if(temp<score[i] ) score[i] =temp;//取(i,n)划分两部分的得分 } for(k=i;k<i+n;k++) score[i] +=num[k];//加上此次合并得分 } } int min=2147483647;//int(4位)最大值为2147483647 for(i=0;i<N;i++) { if(score[i] <min) min=score[i] ;//从第i堆开始取N堆石子,的最小合并得分 } return min; } int main() { int min_count; scanf("%d",&N);//N堆石子 while(N!=0) { for(int i=0;i<N;i++) scanf("%d",&num[i]);//每堆石子的数量 for(i=N;i<2*N;i++) num[i]=num[i-N];//复制一倍,化简环形计算(N堆石子是围成一个环的) if(N==1) min_count=0; else if(N==2) min_count=num[0]+num[1]; else min_count=stone_merge(); printf("%d\n",min_count); for(i=0;i<200;i++) num[i]=0;//准备下一轮 min_count=0; scanf("%d",&N); } return 0; }
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