bzoj3894 文理分科 最小割
2018-01-09 16:08
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Description
文理分科是一件很纠结的事情!(虽然看到这个题目的人肯定都没有纠结过)
小P所在的班级要进行文理分科。他的班级可以用一个n*m的矩阵进行
描述,每个格子代表一个同学的座位。每位同学必须从文科和理科中选择
一科。同学们在选择科目的时候会获得一个满意值。满意值按如下的方式
得到:
1.如果第i行第秒J的同学选择了文科,则他将获得art[i][j]的满意值,如
果选择理科,将得到science[i][j]的满意值。
2.如果第i行第J列的同学选择了文科,并且他相邻(两个格子相邻当且
仅当它们拥有一条相同的边)的同学全部选择了文科,则他会更开
心,所以会增加same_art[i][j]的满意值。
3.如果第i行第j列的同学选择了理科,并且他相邻的同学全部选择了理
科,则增加same_science[i]j[]的满意值。
小P想知道,大家应该如何选择,才能使所有人的满意值之和最大。请
告诉他这个最大值。
第一行为两个正整数:n,m
接下来n*m个整数,表示art[i][j];
接下来n*m个整数.表示science[i][j];
接下来n*m个整数,表示same_art[i][j];
接下来n*m个整数,表示same_science[i][j];
N,M<=100,读入数据均<=500
Solution
很经典的模型,题目要求最大收益可以用总的收益-最小割具体套路就是,每个点分别拆成两个向源汇点连边,割掉其中任意一条表示这个点属于s或t所在的集合
我们规定s所在的集合为文科,并在所有相同点的文理科点间连INF的边,表示文科边或理科边不能被同时割掉
再加入一个新的点p表示周围的人都选文科,并和当前点相连的五个点连INF的边,连源点和p容量为same_art,这样能保证只有五条边都割才能取到这权值
需要指出的是,一条连接源汇点的路径上一定有弧被割,即任意一点一定不属于s集就属于t集(大概只有我不知道吧)
Code
#include <stdio.h> #include <string.h> #include <queue> #define rep(i,st,ed) for (int i=st;i<=ed;++i) #define fill(x,t) memset(x,t,sizeof(x)) #define min(x,y) ((x)<(y)?(x):(y)) const int INF=0x3f3f3f3f; const int L=205; const int N=50005; const int E=1000005; struct edge{int x,y,w,next;}e[E]; std:: queue<int> que; int cur ,ls ,edCnt=1; int a[L][L],b[L][L],c[L][L],d[L][L],id[L][L]; int dx[4][2]={{-1,0},{1,0},{0,-1},{0,1}}; int dis ; int read() { int x=0,v=1; char ch=getchar(); for (;ch<'0'||ch>'9';v=(ch=='-')?(-1):(v),ch=getchar()); for (;ch<='9'&&ch>='0';x=x*10+ch-'0',ch=getchar()); return x*v; } void addEdge(int x,int y,int w) { e[++edCnt]=(edge){x,y,w,ls[x]}; ls[x]=edCnt; e[++edCnt]=(edge){y,x,0,ls[y]}; ls[y]=edCnt; } int find(int now,int ed,int mn) { if (now==ed||!mn) return mn; int ret=0; for (int &i=cur[now];i;i=e[i].next) { if (e[i].w>0&&dis[now]+1==dis[e[i].y]) { int d=find(e[i].y,ed,min(e[i].w,mn-ret)); e[i].w-=d; e[i^1].w+=d; ret+=d; if (ret==mn) break; } } return ret; } int bfs(int st,int ed) { while (!que.empty()) que.pop(); que.push(st); fill(dis,-1); dis[st]=1; while (!que.empty()) { int now=que.front(); que.pop(); for (int i=ls[now];i;i=e[i].next) { if (e[i].w>0&&dis[e[i].y]==-1) { que.push(e[i].y); dis[e[i].y]=dis[now]+1; if (e[i].y==ed) return 1; } } } return 0; } int dinic(int st,int ed) { int ret=0; while (bfs(st,ed)) { rep(i,st,ed) cur[i]=ls[i]; ret+=find(st,ed,INF); } return ret; } int main(void) { freopen("data.in","r",stdin); freopen("myp.out","w",stdout); int n=read(),m=read(); int cnt=0,ans=0; rep(i,1,n) rep(j,1,m) ans+=a[i][j]=read(); rep(i,1,n) rep(j,1,m) ans+=b[i][j]=read(); rep(i,1,n) rep(j,1,m) ans+=c[i][j]=read(); rep(i,1,n) rep(j,1,m) ans+=d[i][j]=read(); rep(i,1,n) rep(j,1,m) id[i][j]=++cnt; rep(i,1,n) rep(j,1,m) { addEdge(0,id[i][j],a[i][j]); addEdge(id[i][j]+cnt,cnt*4+1,b[i][j]); addEdge(id[i][j],id[i][j]+cnt,INF); addEdge(0,id[i][j]+cnt*3,c[i][j]); addEdge(id[i][j]+cnt*3,id[i][j],INF); addEdge(id[i][j]+cnt*2,cnt*4+1,d[i][j]); addEdge(id[i][j]+cnt,id[i][j]+cnt*2,INF); rep(k,0,3) { int p=i+dx[k][0],q=j+dx[k][1]; if (p>0&&p<=n&&q>0&&q<=m) { addEdge(id[i][j]+cnt*3,id[p][q],INF); addEdge(id[p][q]+cnt,id[i][j]+cnt*2,INF); } } } ans-=dinic(0,cnt*4+1); printf("%d\n", ans); return 0; }
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