hdu-2157-How many ways?? (矩阵)(dp优化加速)
2017-08-05 18:21
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题意:HDU2157How many ways??
有一个有向图,有N个点,M条边,点的编号从0~N-1,然后有T组询问,每组询问是(A,B,k),问你从A点出发到B点恰好走k步的方案数。结果对1000取余。
(N<=20,M<=100,A,B<N,k<20,T<=100)
思路:
•有时候dp的递推式子也可以表示成常系数线性递推数列的形式,这时候就可以用矩阵快速幂进行优化了。
一开始用dp的思路来思考,设dp[s][t][k]表示从s点到t点共k步需要的方案数
s(k) = sk-1 * ans(行i能否到达列j,能到达就是1)
(dp[1][1][k] dp[2][1][k] ......dp
[1][k]) (dp[1][1][k] dp[2][1][k] ......dp
[1][k]) (0 0 .........1 )
(dp[1][2][k] dp[2][2][k] .......dp
[2][k]) (dp[1][2][k] dp[2][2][k] .......dp
[2][k]) (1 0 .........1 )
(dp[1][3][k] dp[2][3][k] .......dp
[3][k])= (dp[1][3][k] dp[2][3][k] .......dp
[3][k])* (1 0 .........1 )
....
(dp[1]
[k] dp[2]
[k] .......dp
[k]) (dp[1]
[k] dp[2]
[k] .......dp
[k]) (1 0 .........0 )
最后总结为
(dp[1][1][k] dp[2][1][k] ......dp
[1][k])
(dp[1][2][k] dp[2][2][k] .......dp
[2][k])
(dp[1][3][k] dp[2][3][k] .......dp
[3][k])= ans^k;
....
(dp[1]
[k] dp[2]
[k] .......dp
[k])
题意:HDU2157How many ways??
有一个有向图,有N个点,M条边,点的编号从0~N-1,然后有T组询问,每组询问是(A,B,k),问你从A点出发到B点恰好走k步的方案数。结果对1000取余。
(N<=20,M<=100,A,B<N,k<20,T<=100)
思路:
•有时候dp的递推式子也可以表示成常系数线性递推数列的形式,这时候就可以用矩阵快速幂进行优化了。
一开始用dp的思路来思考,设dp[s][t][k]表示从s点到t点共k步需要的方案数
s(k) = sk-1 * ans(行i能否到达列j,能到达就是1)
(dp[1][1][k] dp[2][1][k] ......dp
[1][k]) (dp[1][1][k] dp[2][1][k] ......dp
[1][k]) (0 0 .........1 )
(dp[1][2][k] dp[2][2][k] .......dp
[2][k]) (dp[1][2][k] dp[2][2][k] .......dp
[2][k]) (1 0 .........1 )
(dp[1][3][k] dp[2][3][k] .......dp
[3][k])= (dp[1][3][k] dp[2][3][k] .......dp
[3][k])* (1 0 .........1 )
....
(dp[1]
[k] dp[2]
[k] .......dp
[k]) (dp[1]
[k] dp[2]
[k] .......dp
[k]) (1 0 .........0 )
最后总结为
(dp[1][1][k] dp[2][1][k] ......dp
[1][k])
(dp[1][2][k] dp[2][2][k] .......dp
[2][k])
(dp[1][3][k] dp[2][3][k] .......dp
[3][k])= ans^k;
....
(dp[1]
[k] dp[2]
[k] .......dp
[k])
#include <cstdio> #in 4000 clude <cstring> #include <cmath> #include <iostream> using namespace std; #define ll long long #define N 50 ll mod=1000; ll n,m; struct Matrix { ll r,c; ll m ; Matrix(){} Matrix(ll r,ll c):r(r),c(c){} Matrix operator *(const Matrix& B)//乘法 { Matrix T(r,B.c); for(int i=1;i<=T.r;i++) { for(int j=1;j<=T.c;j++) { ll tt = 0; for(int k=1;k<=c;k++) tt +=( m[i][k]*B.m[k][j]) % mod; T.m[i][j] = tt % mod; } } return T; } Matrix operator =(const Matrix& B)//复制 { for(int i=1;i<=r;i++) { for(int j=1;j<=c;j++) { m[i][j] = B.m[i][j]; } } } Matrix operator +(const Matrix& B)//加法 { for(int i=1;i<=r;i++) { for(int j=1;j<=c;j++) { m[i][j]+= B.m[i][j]; } } } Matrix Unit(ll h) // 对角线矩阵 { Matrix T(h,h); memset(T.m,0,sizeof(T.m)); for(int i=1;i<=h;i++) T.m[i][i] = 1; return T; } Matrix Pow(ll n) //矩阵幂 { Matrix P = *this,Res = Unit(r); while(n!=0) { if(n&1) Res =Res*P; P = P*P; n >>= 1; } return Res; } void Print()//输出 { for(int i=1;i<=r;i++) { for(int j=1;j<=c;j++) printf("%d ",m[i][j]); printf("\n"); } } }Single; int main(){ int u,v,w; int t; while(~scanf("%lld%lld",&n,&m)) { if(n==0&&m==0)break; Matrix a(n,n),b(n,n); for(int i=1;i<=n;i++) { for(int j=1;j<=n;j++) { a.m[i][j]=0; } } for(int i=0;i<m;i++) { scanf("%d%d",&u,&v); u++,v++; a.m[u][v]=1; } scanf("%d",&t); for(int i=0;i<t;i++) { scanf("%d%d%d",&u,&v,&w); u++,v++; b=a; b=a.Pow(w); printf("%lld\n",b.m[u][v]); } } return 0; }
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