搜索——BZOJ3990/Luogu3322 [SDOI2015]排序
2017-03-29 09:15
148 查看
http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3990
https://www.luogu.org/problem/show?pid=3322
部分文字转自lc233,博主添加文字会另外注明
http://blog.csdn.net/largecub233/article/details/67633368
假设分块的长度是2^i
那我们把i从1到n枚举;
枚举到i时,会分成(2^n)/(2^i)块;
我们就让这几个块内的值递增,且每个相邻的数相差1;
如果我们不能维护成功,那么return;
怎么维护呢;
如果有n个块时不递增的;
那么n>2显然就无法维护了;
n=1我们可以试试把这个块分成两半,然后交换两半,看看可不可以;
(博主注:这里的可不可以表示连续递增)
n=2那我们把两个大块分成4个小块,两两组合,组合时要保证只能交换块一次;
(博主注:这里的两两交换判断意思是:
1.第一大块的前半部分(小块)和第二大块的前半部分(小块)交换后是否连续递增
2.第一大块的后半部分(小块)和第二大块的后半部分(小块)交换后是否连续递增
3.第一大块的前半部分(小块)和第二大块的后半部分(小块)交换后是否连续递增
4.第一大块的后半部分(小块)和第二大块的前半部分(小块)交换后是否连续递增)
博主注:最后贴一下我的代码,表示又被C++下标坑了。。。
https://www.luogu.org/problem/show?pid=3322
部分文字转自lc233,博主添加文字会另外注明
http://blog.csdn.net/largecub233/article/details/67633368
假设分块的长度是2^i
那我们把i从1到n枚举;
枚举到i时,会分成(2^n)/(2^i)块;
我们就让这几个块内的值递增,且每个相邻的数相差1;
如果我们不能维护成功,那么return;
怎么维护呢;
如果有n个块时不递增的;
那么n>2显然就无法维护了;
n=1我们可以试试把这个块分成两半,然后交换两半,看看可不可以;
(博主注:这里的可不可以表示连续递增)
n=2那我们把两个大块分成4个小块,两两组合,组合时要保证只能交换块一次;
(博主注:这里的两两交换判断意思是:
1.第一大块的前半部分(小块)和第二大块的前半部分(小块)交换后是否连续递增
2.第一大块的后半部分(小块)和第二大块的后半部分(小块)交换后是否连续递增
3.第一大块的前半部分(小块)和第二大块的后半部分(小块)交换后是否连续递增
4.第一大块的后半部分(小块)和第二大块的前半部分(小块)交换后是否连续递增)
博主注:最后贴一下我的代码,表示又被C++下标坑了。。。
#include<bits/stdc++.h> using namespace std; int n,a[10001]; long long ans=0,jie[101]; inline void jh(int x,int y,int l){for(int i=0;i<l;i++)swap(a[x+i],a[y+i]);} inline void dfs(int x,int sum){ if(x==n){ ans+=jie[sum]; return; } int s[3]={0}; int jzq=1<<x+1; for(int i=1,j=1<<n;i<=j;i+=jzq)if(a[i+(jzq>>1)-1]+1!=a[i+(jzq>>1)]){ if(s[0]==2)return; s[++s[0]]=i; } if(!s[0]){dfs(x+1,sum);return;} if(s[0]==1){ int i=s[1]; if(a[i+jzq-1]+1==a[i]){ jh(i,i+(jzq>>1),jzq>>1); dfs(x+1,sum+1); jh(i,i+(jzq>>1),jzq>>1); } return; } int i=s[1],j=s[2]; if(a[i+(jzq>>1)-1]+1==a[j+(jzq>>1)]&&a[j+(jzq>>1)-1]+1==a[i+(jzq>>1)]){ jh(i,j,jzq>>1); dfs(x+1,sum+1); jh(i,j,jzq>>1); jh(i+(jzq>>1),j+(jzq>>1),jzq>>1); dfs(x+1,sum+1); jh(i+(jzq>>1),j+(jzq>>1),jzq>>1); } if(a[j+(jzq>>1)-1]+1==a[i]&&a[j+jzq-1]+1==a[i+(jzq>>1)]){ jh(i,j+(jzq>>1),jzq>>1); dfs(x+1,sum+1); jh(i,j+(jzq>>1),jzq>>1); } if(a[i+(jzq>>1)-1]+1==a[j]&&a[i+jzq-1]+1==a[j+(jzq>>1)]){ jh(j,i+(jzq>>1),jzq>>1); dfs(x+1,sum+1); jh(j,i+(jzq>>1),jzq>>1); } } int main() { scanf("%d",&n); for(int i=1,j=1<<n;i<=j;i++)scanf("%d",&a[i]); jie[1]=1;for(int i=2;i<=n;i++)jie[i]=jie[i-1]*i; dfs(0,0); printf("%lld",ans); return 0; }
相关文章推荐
- 搜索-洛谷P3322 [SDOI2015]排序
- 【搜索】BZOJ 3990: 【Sdoi 2015】排序
- bzoj3990 [SDOI2015]排序(搜索)
- BZOJ3990 [SDOI2015]排序 【搜索】
- BZOJ 3990 [SDOI2015]排序 ——搜索
- BZOJ 3990: [SDOI2015]排序 [搜索]
- 【搜索】BZOJ 3990: 【Sdoi 2015】排序
- [bzoj3990][SDOI2015]排序 搜索
- [bzoj3990][SDOI2015]排序-搜索
- BZOJ 3990 Sdoi2015 排序 DFS
- BZOJ P3990[SDOI2015]排序
- 【BZOJ 3990】 [SDOI2015]排序
- [SDOI 2015] 排序
- [SDOI2015][BZOJ3990] 排序
- BZOJ 3990 [SDOI2015] 排序
- bzoj3990: [SDOI2015]排序 dfs 数学
- BZOJ.3990.[SDOI2015]排序(DFS)
- 3990: [SDOI2015]排序
- BZOJ 3990 [SDOI 2015] 排序 解题报告
- [SDOI2015][bzoj3990] 序列 [搜索]