hdu 3045 Picnic Cows(斜率优化DP)

题目链接：hdu 3045 Picnic Cows

题意：

1. 有n个奶牛分别有对应的兴趣值，现在对奶牛分组，每组成员不少于t，   
2. 在每组中所有的成员兴趣值要减少到一致，问总共最少需要减少的兴趣值是多少。  

题解：

1. 
   分析：
   先对n个数进行排序，则可以分析出分组成员一定是连续的
   dp[i]表示前i个数得到的最少值
   则:从j~i作为一组
   dp[i]=dp[j-1]+sum[i]-sum[j-1]-(i-j+1)*s[j];//sum[i]表示前i个数的和
   =>dp[i]=dp[j-1]+sum[i]-sum[j-1]+(j-1)*s[j]-i*s[j];
   由于有i*s[j]这一项,所以无法直接在扫描数组的过程中用单调队列维护：
   dp[j-1]-sum[j-1]+(j-1)*s[j]-i*s[j]的最小值。
   考虑用斜率dp!
   假定k<j<=i-t以j~i作为一组比以k~i作为一组更优
   则：
   dp[j-1]+sum[i]-sum[j-1]-(i-j+1)*s[j] <= dp[k-1]+sum[i]-sum[k-1]-(i-k+1)*s[k]
   =>dp[j-1]+sum[i]-sum[j-1]+(j-1)*s[j]-i*s[j] <= dp[k-1]+sum[i]-sum[k-1]+(k-1)*s[k]-i*s[k]
   =>(dp[j-1]-sum[j-1]+(j-1)*s[j] - (dp[k-1]-sum[k-1]+(k-1)*s[k]))/(s[j]-s[k])<=i;//保证s[j]>=s[k]
   令:
   y1 = dp[j-1]-sum[j-1]+(j-1)*s[j]
   y2 = dp[k-1]-sum[k-1]+(k-1)*s[k]
   x1 = s[j]
   x2 = s[k]
   所以变成了：
   (y1 - y2)/(x1 - x2) <= i;
   斜率!
   只需要维护这个斜率即可

以上转自stephen博客

1 #include<bits/stdc++.h>
2 #define F(i,a,b) for(int i=a;i<=b;++i)
3 using namespace std;
4 typedef long long ll;
5
6 const int N=5e5+7;
7 int n,t,Q
;
8 ll sum
,s
,dp
;
9
10 ll get_y(int j,int k)
11 {
12     return dp[j-1]-sum[j-1]+(j-1)*s[j]-(dp[k-1]-sum[k-1]+(k-1)*s[k]);
13 }
14
15 ll get_x(int j,int k){return s[j]-s[k];}
16
17 int check(int i,int j,int k)//获取更优的点
18 {
19     return get_y(i,j)*get_x(j,k)<=get_y(j,k)*get_x(i,j);
20 }
21
22 int main()
23 {
24     while(~scanf("%d%d",&n,&t))
25     {
26         F(i,1,n)scanf("%lld",s+i);
27         sort(s+1,s+1+n);
28         F(i,1,n)sum[i]=sum[i-1]+s[i];
29         int en=2*t-1;
30         F(i,t,en)dp[i]=sum[i]-i*s[1];//从t到2*t-1都只能分到一组里
31         int head=1,tail=0,st=2*t;
32         F(i,st,n)
33         {
34             while(head<tail&&check(i-t+1,Q[tail],Q[tail-1]))tail--;
35             Q[++tail]=i-t+1;
36             while(head<tail&&get_y(Q[head+1],Q[head])<=get_x(Q[head+1],Q[head])*i)head++;
37             dp[i]=dp[Q[head]-1]+sum[i]-sum[Q[head]-1]-(i-Q[head]+1)*s[Q[head]];
38         }
39         printf("%lld\n",dp
);
40     }
41     return 0;
42 }