【codevs 1023】GPA计算
2016-11-12 23:35
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1023 GPA计算
时间限制: 1 s
空间限制: 128000 KB
题目等级 : 青铜 Bronze
题解
题目描述 Description
小松终于步入了大学的殿堂,带着兴奋和憧憬,他参加了信息科学技术学院的新生大会。会上,院长梅教授给大家介绍了在大学中的成绩计算方式:
需要解释一下的是,小松所在的PK大学采用的是学分制的修学方法。每一门课有一定的学分,例如线性代数2分,高等数学5分,大学英语8分。在选定了一些科目之后,只要小松通过了最后的期末测试(69以上),就会得到相应的学分,也会得到该门课的一个成绩,例如小松考了60分,他会得到0分的成绩,如果小松考了99分,他会得到4分的成绩。小松在大学的四年期间,必须修满145个学分。而小松的GPA得分则强烈的关系着他的出国,保研以及工作的情况。据梅教授的介绍,小松所在的院系有20%的人出国,60%的人读研,15%的人工作,5%的人退学。这些都是根据GPA成绩而定的。
小松仔细的研究了这个公式之后,意识到,在大学期间,占2个学分的思想政治课和占4个学分的线性代数将同等的重要。而占8个学分的大学英语课!·#¥!·#¥。
小松估算了一下他大一每门功课大概能够得到的分数(0-4),请你帮他计算一下他大一结束时能得到的GPA是多少。
输入描述 Input Description
请你从输入中读入相关数据。输入的第一行包括一个整数n(1≤n≤10),表示小松大一的时候功课数目。结下来的n行每行两个实数a(0≤a≤8)和b(0≤b≤4),表示小松某门课的学分和成绩。
输出描述 Output Description
输出只包括一个实数,请保留2位小数。
样例输入 Sample Input
(请忽略括号中的解释)
10
2 3.7(线性代数)
0 3(线性代数习题)
5 3.7(高等数学)
0 4(高等数学习题)
3 3.3(力学)
3 4(计算概论)
1 4(信息科学技术概论)
2 4(军事理论)
2 4(中国近代史)
2 3.5(大学英语I)
样例输出 Sample Output
3.74
数据范围及提示 Data Size & Hint
n(1≤n≤10)
模拟即可~
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题目等级 : 青铜 Bronze
题解
题目描述 Description
小松终于步入了大学的殿堂,带着兴奋和憧憬,他参加了信息科学技术学院的新生大会。会上,院长梅教授给大家介绍了在大学中的成绩计算方式:
需要解释一下的是,小松所在的PK大学采用的是学分制的修学方法。每一门课有一定的学分,例如线性代数2分,高等数学5分,大学英语8分。在选定了一些科目之后,只要小松通过了最后的期末测试(69以上),就会得到相应的学分,也会得到该门课的一个成绩,例如小松考了60分,他会得到0分的成绩,如果小松考了99分,他会得到4分的成绩。小松在大学的四年期间,必须修满145个学分。而小松的GPA得分则强烈的关系着他的出国,保研以及工作的情况。据梅教授的介绍,小松所在的院系有20%的人出国,60%的人读研,15%的人工作,5%的人退学。这些都是根据GPA成绩而定的。
小松仔细的研究了这个公式之后,意识到,在大学期间,占2个学分的思想政治课和占4个学分的线性代数将同等的重要。而占8个学分的大学英语课!·#¥!·#¥。
小松估算了一下他大一每门功课大概能够得到的分数(0-4),请你帮他计算一下他大一结束时能得到的GPA是多少。
输入描述 Input Description
请你从输入中读入相关数据。输入的第一行包括一个整数n(1≤n≤10),表示小松大一的时候功课数目。结下来的n行每行两个实数a(0≤a≤8)和b(0≤b≤4),表示小松某门课的学分和成绩。
输出描述 Output Description
输出只包括一个实数,请保留2位小数。
样例输入 Sample Input
(请忽略括号中的解释)
10
2 3.7(线性代数)
0 3(线性代数习题)
5 3.7(高等数学)
0 4(高等数学习题)
3 3.3(力学)
3 4(计算概论)
1 4(信息科学技术概论)
2 4(军事理论)
2 4(中国近代史)
2 3.5(大学英语I)
样例输出 Sample Output
3.74
数据范围及提示 Data Size & Hint
n(1≤n≤10)
模拟即可~
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <algorithm> using namespace std; long long n; double x[50505],d[50505]; double sum,did; int main() { scanf("%lld",&n); for(long long i = 1; i <= n; i ++) cin >> x[i] >> d[i]; for(long long i = 1; i <= n; i ++) { sum += x[i]; d[i] *= x[i]; did += d[i]; } printf("%.2f",did/sum); return 0; }
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