关于python项目路径导入自己写的库出错的一点思考

其实也是在写自己项目的时候遇到的，以前也遇到了但是一直采取的是回避的策略，这次总算弄清楚所以总结一下。



这个项目的顶级目录是medivac，他本身是一个python模块。

熟悉flask的人都知道，在写一个flask项目的时候，我们常常将一个模块的app初始化放在根目录的__init__.py文件中。

然后可以很方便的把其它需要路由的模块都引入到这个__init__.py中达到自动加载并且路由的效果。

另外也可以使用一个叫做flask蓝图的东西(blueprint),将模块细分。

如果是在__init__.py初始化了app(就暂时理解成app=Flask(__name__))，name在views中我们建立一个叫hello的文件，并且写一个函数路由他像这样

from medivac import app

@app.route("/")
def hello():
return "let's move!"

会爆出这样的错误

from medivac import app
ImportError: No module named medivac

为什么会找不到medivac模块？我们都知道在导入该模块下面__init__.py东西的时候直接写该模块名字就可以，因为__init__.py默认会运行加载。如果使用IDE会发现代码毫无问题，也可以正常跳转。

后来发现并不能这么写，必须要medivac上面还有文件夹包住的时候，这样的寻址才可以。在python看来，他看不到这个根目录，他认为项目目录是

medivac/ 而不是 /medivac/

所以如果改成这样

from __init__ import app

就可以正常运行了。

但是我觉得这样坑蛮多的，新建一个.py文件来初始化app，然后使用蓝图来路由也是不错的选择。

特别注意，还有一个严重影响模块寻址的环境变量PYTHONPATH,将当前环境变量的PYTHONPATH设置成对应的地址，可以方便的帮助绝对寻址。

另外顺便提一点，关于uwsgi的配置

[uwsgi]
# uwsgi 启动时所使用的地址与端口
socket = 127.0.0.1:8001

# 指向网站目录
chdir = /home/medivac/project/medivac

# python 程序内用以启动的 application 变量名
module = app
callable = app

master = True

# 处理器数
processes = 1

# 线程数
threads = 1

# 工作进程
workers = 1

当指定的chdir是/home/medivac/project/medivac的时候那么module代表的是去哪个文件里找callable 这个app来进行加载。

Reference:
http://stackoverflow.com/questions/11536764/how-to-fix-attempted-relative-import-in-non-package-even-with-init-py