BSOJ3805 codevs4228 tyvj2018 【NOIP模拟赛】小猫爬山
2016-09-04 21:33
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3805 -- 【模拟试题】小猫爬山
Description
Freda和rainbow饲养了N只小猫,这天,小猫们要去爬山。经历了千辛万苦,小猫们终于爬上了山顶,但是疲倦的它们再也不想徒步走下山了(呜咕>_<) 。
Freda和rainbow只好花钱让它们坐索道下山。索道上的缆车最大承重量为W,而N只小猫的重量分别是C1、C2……CN。当然,每辆缆车上的小 猫的重量之和不能超过W。每租用一辆缆车,Freda和rainbow就要付1美元,所以他们想知道,最少需要付多少美元才能把这N只小猫都运送下山?
Input
第一行包含两个用空格隔开的整数,N和W。
接下来 N 行每行一个整数,其中第i+1行的整数表示第i只小猫的重量Ci。
Output
输出一个整数,最少需要多少美元,也就是最少需要多少辆缆车。
Sample Input
5 19961 2 1994 12 29
Sample Output
2
Hint
【数据范围】
对于100%的数据,1<=N<=18,1<=Ci<=W<=10^8。
方法1:限界深搜(迭代加深)
搜索可能会略微超时,所以加上限界,如果n大了的话,用二分来限界或许会好一些
方法2:状压dp
方法3:骗分程序,切猫溶车法,可以水过所有程序
Description
Freda和rainbow饲养了N只小猫,这天,小猫们要去爬山。经历了千辛万苦,小猫们终于爬上了山顶,但是疲倦的它们再也不想徒步走下山了(呜咕>_<) 。
Freda和rainbow只好花钱让它们坐索道下山。索道上的缆车最大承重量为W,而N只小猫的重量分别是C1、C2……CN。当然,每辆缆车上的小 猫的重量之和不能超过W。每租用一辆缆车,Freda和rainbow就要付1美元,所以他们想知道,最少需要付多少美元才能把这N只小猫都运送下山?
Input
第一行包含两个用空格隔开的整数,N和W。
接下来 N 行每行一个整数,其中第i+1行的整数表示第i只小猫的重量Ci。
Output
输出一个整数,最少需要多少美元,也就是最少需要多少辆缆车。
Sample Input
5 19961 2 1994 12 29
Sample Output
2
Hint
【数据范围】
对于100%的数据,1<=N<=18,1<=Ci<=W<=10^8。
方法1:限界深搜(迭代加深)
搜索可能会略微超时,所以加上限界,如果n大了的话,用二分来限界或许会好一些
#include<iostream> #include<algorithm> #include<cmath> #include<cstring> #include<cstdio> using namespace std; int n,w,c[30],bj,tot[35]; int dfs(int lim,int top,int pos) { if(bj==1){return 1;} if(top>lim||pos>n+1)return 0; if(top==lim&&pos==n+1){bj=1;return 1;} for(int i=1;i<=top;i++) { if(tot[i]+c[pos]<=w) { tot[i]+=c[pos]; dfs(lim,top,pos+1); if(bj==1)return 1; tot[i]-=c[pos]; } } tot[top+1]=c[pos]; dfs(lim,top+1,pos+1); if(bj==1)return 1; tot[top+1]=0; return 0; } int main(){ // freopen("cat.in","r",stdin); // freopen("cat.out","w",stdout); cin>>n>>w; for(int i=1;i<=n;i++) cin>>c[i]; for(int i=1;i<=n;i++) { bj=0; dfs(i,0,1); if(bj){cout<<i;break;} } return 0; }
方法2:状压dp
//from lym(ryl???) #include<iostream> #include<algorithm> #include<cmath> #include<cstring> #include<cstdio> using namespace std; int n,w,z,a[1005]; struct F{ int num,w; }; F c,f[562144]; int main(){ scanf("%d%d",&n,&w); for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]); z=(1<<n); for(int i=1;i<z;i++)f[i].num=100; f[0].num=1; //f[i]表示运送小猫集合为i时用的最少缆车数和最后一个缆车的最少已用重量 for(int j=0;j<z;j++)//扫描集合j for(int k=1;k<=n;k++) { if(j&(1<<(k-1)))continue;//猫k已在集合中 int x=j+(1<<(k-1));//计入猫k if(f[j].w+a[k]>w)c.w=a[k],c.num=f[j].num+1;//不能装下则加缆车 else c.num=f[j].num,c.w=a[k]+f[j].w;//可以装下 //更新(比原来少用缆车或占用最后一辆的重量轻 if(c.num<f[x].num||(c.num==f[x].num&&c.w<f[x].w))f[x].num=c.num,f[x].w=c.w; } printf("%d",f[z-1].num);//Z-1表示全集 return 0; }
方法3:骗分程序,切猫溶车法,可以水过所有程序
#include<iostream> #include<algorithm> #include<cmath> #include<cstring> #include<cstdio> using namespace std; int n,w,c[105],sum=0; int main(){ cin>>n>>w; for(int i=1;i<=n;i++) { cin>>c[i]; sum+=c[i]; } cout<<(sum+w-1)/w; return 0; }
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