hihocoder[Offer收割]编程练习赛5及参考
2016-08-18 20:35
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题目1 : 小Ho的防护盾
时间限制:10000ms单点时限:1000ms
内存限制:256MB
描述
小Ho的虚拟城市正在遭受小Hi的攻击,小Hi用来攻击小Ho城市的武器是一艘歼星舰,这艘歼星舰会以T(T为大于0的整数)个单位时间的间隔向小Ho的城市轰击。歼星舰总共有N枚炮弹,其中第i枚会造成Ai点伤害值。
幸好小Ho的城市有K层护盾,每层护盾可以抵挡M点伤害。当某次轰击使得伤害值达或超过M时,该层护盾就会被击碎;该次轰击溢出的伤害不会作用于下一层护盾;下一次轰击将由下一层护盾承受。
同时,受损但尚未被击碎护盾会以每单位时间减少1点伤害值的速度修复自己,直到伤害值降为0。这就意味着小Hi的攻击间隔T越大,小Ho撑过这N枚炮弹的可能性就越大。
那么问题来了,小Hi的攻击间隔T至少需要是多少,小Ho城市的防护护盾才能不被全部击破?
为了使题目不存在歧义,规定:
小Hi的第i次攻击发生在时刻(i-1)*T
小Ho的第i次修复发生在时刻i-0.5
输入
第一行包含3个整数N、M和K,意义如前文所述。
第二行包含N个整数A1 - AN,表示小Hi第i枚炮弹的伤害值。
对于30%的数据,满足N<=100
对于100%的数据,满足1<=N<=100000
对于100%的数据,满足1<=K<=10, 1<=Ai, M<=100000
输出
输出使得小Ho城市的防护护盾不被全部击破的小Hi攻击间隔的最小值。如果不存在这样的T,则输出-1。
样例输入
3 5 1
3 3 3
样例输出
3
#include <stdio.h> #include <stdlib.h> #include <string.h> int check(int ttime, int n, int m, int k, int* num){ int i,j, atk = 0; for(i=0; i<n; i++){ atk -= ttime; if(atk < 0){ atk = 0; } atk += num[i]; if( atk >= m ){ k--; atk = 0; } } if(k > 0){ return 1; }else{ return 0; } } int main(){ int i,j, n,m,k, ans; scanf("%d %d %d", &n, &m, &k); int* num = (int *)calloc(n+1, sizeof(int)); for(i=0; i<n; i++){ scanf("%d", &num[i]); } int mid, low = 1, high = m+1; ans = -1; while(low < high){ mid = low + (high - low)/2; if(check(mid, n, m, k, num)){ ans = mid; high = mid; }else{ low = mid + 1; } } printf("%d\n", ans); free(num); return 0; }
题目2 : 小P的强力值
时间限制:10000ms单点时限:1000ms
内存限制:256MB
描述
小Hi在虚拟世界中有一只小宠物小P。小P有K种属性,每种属性的初始值为Ai。小Ho送给了小Hi若干颗药丸,每颗药丸可以提高小P指定属性1点。通过属性值,我们可以计算小P的强力值=(C1(1/B1))(C2(1/B2))…*(CK(1/BK)),其中Ci为小P第i项属性的最终值(Ai+药丸增加的属性)。 已知小Ho送给小Hi的药丸一共有N颗,问小P的强力值最高能够达到多少?
输入
第一行包含两个整数N,K,分别表示药丸数和属性种数。
第二行为K个整数A1 - AK,意义如前文所述。
第三行为K个整数B1 - BK,意义如前文所述。
对于30%的数据,满足1<=N<=10, 1<=K<=3
对于100%的数据,满足1<=N<=100000, 1<=K<=10
对于100%的数据,满足1<=Ai<=100, 1<=Bi<=10
输出
输出小P能够达到的最高的强力值。
只要你的结果与正确答案之间的相对或绝对误差不超过千分之一,都被视为正确的输出。
样例输入
5 2
1 1
3 2
样例输出
2.88
#include <iostream> #include <math.h> #include <vector> using namespace std; int main() { int n, k; cin >> n >> k; vector<int> a(n), b(n); for (int i = 0; i < k; i++) cin >> a[i]; for (int i = 0; i < k; i++) cin >> b[i]; for (int i = 0; i < n; i++) { double max = 0; int index = 0; for (int j = 0; j < k; j++) { double v = (log(a[j] + 1) - log(a[j])) / b[j]; if (v > max) { max = v; index = j; } } a[index]++; } double v = 0; for (int i = 0; i < k; i++) v += log(a[i]) / b[i]; v = exp(v); //cout << v << endl;注意输出精度 printf("%.5lf\n",v); return 0; }
第二思路:
#include <stdio.h> #include <math.h> #define MAXN 100004 int A[MAXN]; int B[MAXN]; int N,K; double f(){ double re = 1; for(int i = 0;i<K;i++){ double a = A[i]; double b = B[i]; re *= pow(a,1/b); } return re; } void F(){ for(int i = 0;i<N;i++){ double mmax = -1; int mmaxi; for(int j = 0;j<K;j++){ A[j]++; double v = f(); if(v>mmax){ mmax = v; mmaxi = j; } A[j]--; } A[mmaxi]++; } printf("%lf\n",f()); } int main(){ while(scanf("%d %d",&N,&K)==2){ for(int i = 0;i<K;i++){ scanf("%d",&A[i]); } for(int i = 0;i<K;i++){ scanf("%d",&B[i]); } F(); } return 0; }
题目3 : 震荡数组
时间限制:10000ms单点时限:1000ms
内存限制:256MB
描述
给定一个长度为N的数组A1, A2, …, AN,如果对于任意1 < i < N都有Ai > Ai-1且Ai > Ai+1, 或者Ai < Ai-1且Ai < Ai+1,我们就称A数组是一个震荡数组。
例如{4, 2, 3, 1, 5}就是一个震荡数组;而{1, 4, 3, 2, 5}不是一个震荡数组因为4, 3, 2三个连续的元素不满足条件。
现在给定一个长度为N的数组组A1, A2, …, AN,最少进行多少次两两交换,可以使A变成一个震荡数组?
输入
第一行包含一个整数N,代表数组的长度。(1 <= N < 30)
第二行包含N个整数,A1, A2, … AN。 (1 <= Ai <= N)
输入保证Ai两两不同。
输出
输出最少交换的次数。
样例输入
5
1 2 3 4 5
样例输出
1
#include<iostream> using namespace std; #define N 110 int a ,b ; #define inf 0x3f3f3f3f int n,m,k,ans,min_ans; void print(int *a,int n) { for(int i=1;i<=n;i++) cout<<a[i]<<" "; cout<<endl; ans++; } bool check(int h) { if(h>1&&h%2==1&&(a[h]-a[h-1])<0) return 1; if(h>1&&h%2==0&&(a[h]-a[h-1])>0) return 1; return 0; } void dfs(int n,int h,int z) { if(h==n+1) { min_ans=min(min_ans,z); return ; } if(z>=min_ans) return ; int tmp; if(h>1&&h%2==1&&(a[h]-a[h-1])<0) dfs(n,h+1,z); if(h>1&&h%2==0&&(a[h]-a[h-1])>0) dfs(n,h+1,z); if(h==1)dfs(n,h+1,z); if(z+1>=min_ans) return ; for(int i=h+1;i<=n;i++){ if(check(i)==1) continue; tmp=a[h]; a[h]=a[i]; a[i]=tmp; if(h>1&&h%2==1&&(a[h]-a[h-1])<0) dfs(n,h+1,z+1); if(h>1&&h%2==0&&(a[h]-a[h-1])>0) dfs(n,h+1,z+1); if(h==1)dfs(n,h+1,z+1); tmp=a[h]; a[h]=a[i]; a[i]=tmp; } } int main() { int n; while(cin>>n){ for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i]; min_ans=inf; ans=0; dfs(n,1,0); for(int i=1;i<=n;i++) a[i]=-a[i]; dfs(n,1,0); cout<<min_ans<<endl; } }
题目4 : 凸多边形
时间限制:10000ms单点时限:1000ms
内存限制:256MB
描述
给定一个凸多边形的N个顶点。你需要在凸多边形内找到M个点,使得这M个点也围成一个凸多边形,并且围成的面积尽可能大。
输入
第一行包含两个整数N和M,意义如前文所述。
接下来N行,每行两个整数Ai和Bi,表示按照逆时针顺序排列的凸多边形顶点坐标。
对于30%的数据,满足N<=5
对于100%的数据,满足N<=100
对于100%的数据,满足3<=M < N, |Ai|,|Bi|<=10000
输出
输出新凸多边形最大的面积,保留两位小数。
样例输入
4 3
0 0
1 0
1 1
0 1
样例输出
0.50
#include <iostream> #include <cmath> #include <vector> #include <cstring> #include <cstdlib> #include <cstdio> using namespace std; struct point { int x, y; }; int n, m; double ans, an,anss=0; point p[102]; bool v[102]; vector<int> a; double area(point a, point b, point c) { return fabs((a.x - c.x) * (b.y - c.y) - (a.y - c.y) * (b.x - c.x)); } double calc() { double ans = 0; a.clear(); for (int i = 0; i < n; i++) { if (v[i]) a.push_back(i); } for (int i = 1; i < a.size() - 1; i++) ans += area(p[a[0]], p[a[i]], p[a[i+1]]); return ans; } double calc2() { double ans=0; for (int i = 1; i < a.size() - 1; i++) ans += area(p[a[0]], p[a[i]], p[a[i+1]]); return ans; } void dfs(int nn,int mm){ if (mm==m){ double aa =calc2(); if (aa>anss) anss=aa; return; } for (int i=nn;i<n;i++){ a.push_back(i); dfs(i+1,mm+1); a.pop_back(); } } int main() { cin >> n >> m; int x1, x2; for (int i = 0; i < n; i++) cin >> p[i].x >> p[i].y; srand((unsigned) time(NULL)); for (int j = 0; j < 1000; j++) { memset(v,0,sizeof(v)); for (int i=0;i<m;i++){ int x= rand()%n; while (v[x]) x= rand()%n; v[x]=true; } ans = calc(); for (int i = 0; i < 1500; i++) { x1 = rand() % n; x2 = rand() % n; while (!(v[x1] ^ v[x2])){ x1 = rand() % n; x2 = rand() % n; } v[x1] = !v[x1]; v[x2] = !v[x2]; an = calc(); if (an > ans) ans = an; else { v[x1] = !v[x1]; v[x2] = !v[x2]; }} if (ans>anss) anss=ans; } printf("%.2lf\n", anss / 2); }
代码改编自优秀结果,第三四题较难
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