HDU 1166 敌兵布阵(树状数组 or 线段树 单点修改 区间求和)
2016-05-14 19:20
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敌兵布阵
Time Limit:1000MS Memory Limit:32768KB 64bit
IO Format:%I64d & %I64u
Description
C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习,所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段,所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动,可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动,而Derek每次询问的段都不一样,所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数,很快就精疲力尽了,Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔,算得这么慢,我炒你鱿鱼!”Tidy想:“你自己来算算看,这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下,Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说:“死肥仔,叫你平时做多点acm题和看多点算法书,现在尝到苦果了吧!”Tidy说:"我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼,这么算他真的会崩溃的,聪明的读者,你能写个程序帮他完成这项工作吗?不过如果你的程序效率不够高的话,Tidy还是会受到Derek的责骂的.
Input
第一行一个整数T,表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N(N<=50000),表示敌人有N个工兵营地,接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人(1<=ai<=50)。
接下来每行有一条命令,命令有4种形式:
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人(j不超过30)
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人(j不超过30);
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j,表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束,这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
Output
对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问,输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
Sample Input
Sample Output
单点修改,区间求和,所以用树状数组和线段树都可以,这是一道挺不错的入门联系题目,不管是 联系 线段树 还是 数状数组,都是一个经典的题目
这里我将两个代码都贴出来 代码 1 为树状数组求解,代码2为线段树求解
附上代码1 (树状数组求解)
附上代码2 (线段树 单点修改 区间求和代码)
Time Limit:1000MS Memory Limit:32768KB 64bit
IO Format:%I64d & %I64u
Description
C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习,所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段,所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动,可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动,而Derek每次询问的段都不一样,所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数,很快就精疲力尽了,Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔,算得这么慢,我炒你鱿鱼!”Tidy想:“你自己来算算看,这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下,Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说:“死肥仔,叫你平时做多点acm题和看多点算法书,现在尝到苦果了吧!”Tidy说:"我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼,这么算他真的会崩溃的,聪明的读者,你能写个程序帮他完成这项工作吗?不过如果你的程序效率不够高的话,Tidy还是会受到Derek的责骂的.
Input
第一行一个整数T,表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N(N<=50000),表示敌人有N个工兵营地,接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人(1<=ai<=50)。
接下来每行有一条命令,命令有4种形式:
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人(j不超过30)
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人(j不超过30);
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j,表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束,这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
Output
对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问,输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数保持在int以内。
Sample Input
1 10 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 Query 1 3 Add 3 6 Query 2 7 Sub 10 2 Add 6 3 Query 3 10 End
Sample Output
Case 1: 6 33 59
单点修改,区间求和,所以用树状数组和线段树都可以,这是一道挺不错的入门联系题目,不管是 联系 线段树 还是 数状数组,都是一个经典的题目
这里我将两个代码都贴出来 代码 1 为树状数组求解,代码2为线段树求解
附上代码1 (树状数组求解)
#include <iostream> #include <cstring> #include <queue> #include <algorithm> #include <cstdio> using namespace std; int c[50010],n; int lowbit(int x) { return x & (-x); } void add(int x,int d) { while(x <= n) { c[x] += d; x += lowbit(x); } } int sum(int x) { int ret = 0; while(x > 0) { ret += c[x]; x -= lowbit(x); } return ret; } int main() { int t,num = 1; scanf("%d",&t); while(t--) { memset(c,0,sizeof(c)); scanf("%d",&n); for(int i = 1;i <= n;i++) { int a; scanf("%d",&a); add(i,a); // 将 n 个节点依次插入,进行初始化 } printf("Case %d:\n",num++); char str[10]; while(scanf("%s",str) && strcmp(str,"End") != 0) { int a,b; scanf("%d%d",&a,&b); if(strcmp(str,"Query") == 0) printf("%d\n",sum(b) - sum(a - 1)); // 因为树状数组求的是前 n 项和,所以需要求前 b 项和 减去 前 a - 1 项和 else if(strcmp(str ,"Add") == 0) { add(a,b); } else if(strcmp(str,"Sub") == 0) { add(a,-b); } } } return 0; }
附上代码2 (线段树 单点修改 区间求和代码)
#include <cstdio> #define lson l , m , rt << 1 #define rson m + 1 , r , rt << 1 | 1 const int maxn = 55555; int sum[maxn<<2]; void PushUP(int rt) { sum[rt] = sum[rt<<1] + sum[rt<<1|1]; } void build(int l,int r,int rt) { // 建树过程 if (l == r) { // 是叶子节点 输入,填 叶节点的权值 scanf("%d",&sum[rt]); return ; } int m = (l + r) >> 1; build(lson); // 走 左孩子 build(rson); // 走 右孩子 PushUP(rt); // 根据孩子 推父亲 } void update(int p,int add,int l,int r,int rt) { // 增加 修改 if (l == r) { // 是 叶节点 直接 加 修改叶节点的权值 sum[rt] += add; return ; } int m = (l + r) >> 1; if (p <= m) update(p , add , lson); // 走 左孩子 else update(p , add , rson); // 走 右孩子 PushUP(rt); // 修改过子节点以后 修改父节点的权值 } int query(int L,int R,int l,int r,int rt) { // 求和过程 if (L <= l && r <= R) { // 该点在求和区间的范围内 直接返回该点 return sum[rt]; } int m = (l + r) >> 1; int ret = 0; if (L <= m) ret += query(L , R , lson); // 加 左孩子的 if (R > m) ret += query(L , R , rson); // 加 右孩子的 return ret; } int main() { int T , n; scanf("%d",&T); for (int cas = 1 ; cas <= T ; cas ++) { // T 组测试数据 printf("Case %d:\n",cas); scanf("%d",&n); // 有n 个元素 build(1 , n , 1); // 建树 char op[10]; while (scanf("%s",op)) { if (op[0] == 'E') break; // 结束输入 int a , b; scanf("%d%d",&a,&b); // 两个数 a b if (op[0] == 'Q') printf("%d\n",query(a , b , 1 , n , 1)); // 查询 a 到 b else if (op[0] == 'S') update(a , -b , 1 , n , 1); // 点 a 减去 b else update(a , b , 1 , n , 1); // 点 a 加上 b } } return 0; }
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