HDU 1875 畅通工程再续(最小生成树)
2016-05-01 13:29
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畅通工程再续
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 22821 Accepted Submission(s): 7288
Problem Description
相信大家都听说一个“百岛湖”的地方吧,百岛湖的居民生活在不同的小岛中,当他们想去其他的小岛时都要通过划小船来实现。现在政府决定大力发展百岛湖,发展首先要解决的问题当然是交通问题,政府决定实现百岛湖的全畅通!经过考察小组RPRush对百岛湖的情况充分了解后,决定在符合条件的小岛间建上桥,所谓符合条件,就是2个小岛之间的距离不能小于10米,也不能大于1000米。当然,为了节省资金,只要求实现任意2个小岛之间有路通即可。其中桥的价格为 100元/米。
Input
输入包括多组数据。输入首先包括一个整数T(T <= 200),代表有T组数据。
每组数据首先是一个整数C(C <= 100),代表小岛的个数,接下来是C组坐标,代表每个小岛的坐标,这些坐标都是 0 <= x, y <= 1000的整数。
Output
每组输入数据输出一行,代表建桥的最小花费,结果保留一位小数。如果无法实现工程以达到全部畅通,输出”oh!”.
Sample Input
2
2
10 10
20 20
3
1 1
2 2
1000 1000
Sample Output
1414.2
oh!
Author
8600
Source
2008浙大研究生复试热身赛(2)——全真模拟
本题是一道最小生成树题目,不是很难。
只是使用Kruskal假如边的时候要判断下边的权值大小,还有就是把坐标转化为点的时候可能对于初学的人有点小难的样子。
下面是AC代码:
Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 22821 Accepted Submission(s): 7288
Problem Description
相信大家都听说一个“百岛湖”的地方吧,百岛湖的居民生活在不同的小岛中,当他们想去其他的小岛时都要通过划小船来实现。现在政府决定大力发展百岛湖,发展首先要解决的问题当然是交通问题,政府决定实现百岛湖的全畅通!经过考察小组RPRush对百岛湖的情况充分了解后,决定在符合条件的小岛间建上桥,所谓符合条件,就是2个小岛之间的距离不能小于10米,也不能大于1000米。当然,为了节省资金,只要求实现任意2个小岛之间有路通即可。其中桥的价格为 100元/米。
Input
输入包括多组数据。输入首先包括一个整数T(T <= 200),代表有T组数据。
每组数据首先是一个整数C(C <= 100),代表小岛的个数,接下来是C组坐标,代表每个小岛的坐标,这些坐标都是 0 <= x, y <= 1000的整数。
Output
每组输入数据输出一行,代表建桥的最小花费,结果保留一位小数。如果无法实现工程以达到全部畅通,输出”oh!”.
Sample Input
2
2
10 10
20 20
3
1 1
2 2
1000 1000
Sample Output
1414.2
oh!
Author
8600
Source
2008浙大研究生复试热身赛(2)——全真模拟
本题是一道最小生成树题目,不是很难。
只是使用Kruskal假如边的时候要判断下边的权值大小,还有就是把坐标转化为点的时候可能对于初学的人有点小难的样子。
下面是AC代码:
#include<cstdio> #include<cmath> #include<cstring> #include<algorithm> using namespace std; struct node { int u,v; double cost; }e[10005]; int pre[105]; int fin(int x) { if(x==pre[x]){return x;} else { pre[x]=fin(pre[x]); return pre[x]; } } void join(int x,int y) { int t1=fin(x); int t2=fin(y); if(t1!=t2) { pre[t1]=t2; } } double a[105]; double b[105]; bool cmp(node x,node y) { return x.cost<y.cost; } int main() { int t; scanf("%d",&t); while(t--) { int n; scanf("%d",&n); for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%lf %lf",&a[i],&b[i]); } int cnt=0; for(int i=1;i<=n;i++) { for(int j=i+1;j<=n;j++) { e[cnt].u=i; e[cnt].v=j; e[cnt].cost=sqrt((a[i]-a[j])*(a[i]-a[j])+(b[i]-b[j])*(b[i]-b[j])); cnt++; } } for(int i=0;i<=n;i++) { pre[i]=i; } sort(e,e+cnt,cmp); double sum=0; int sum1=0; for(int i=0;i<cnt;i++) { if(fin(e[i].u)!=fin(e[i].v)&&e[i].cost>=10.0&&e[i].cost<=1000.0) { sum1++; join(e[i].u,e[i].v); sum+=e[i].cost*100; } } if(sum1==n-1) { printf("%.1lf\n",sum); } else { printf("oh!\n"); } } return 0; }
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