codeforces 474E 最长跳跃路线 简化版
2016-03-23 23:04
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题目描述
BSNY来到一个木桩阵,这个木桩阵是由n个木桩组成的,排成直线,每个木桩有个高度hi,BSNY可以从某个木桩开始,一直向后跳,但跳跃的位置是由限制的,如果BSNY现在在第i个木桩,想跳到第j个木桩,需要满足条件:i<j 同时 |hi-hj|>=d
现在BSNY希望能跳的木桩数量最多,问最多可以跳多少木桩?
样例输入
5 2
1 3 6 7 4
样例输出
4
【样例说明】
可以从1点开始,然后跳到第2个点,第3个点,第5个点,总共跳4个点
其他样例:
输入:
10 3
2 1 3 6 9 11 7 3 20 18
输出:
6
【数据规模和约定】
1<=n<=10^5 0<=d<=10^9
1<=hi<=10^9
******************************************
solution:相信大家都会写n^2的暴力吧?直接套个最长不下降的模型就行了。但我们再想想,这个条件到底能怎么转化?根据绝对值的知识,我们可以得到对于当前点j,它能跳过来的hi应满足条件hj+d<=hi或者hj-d>=hi,在这些范围里取某个i的最大值加上1并添加进去。这样一来,我们是不是又得到了一个可以基于木桩高度的线段树模型?但是随之而来的问题:hi最大有10^9,这样无疑空间会爆,怎样才能使得空间在规定范围内呢?这里就需要对高度进行离散化了,我们只保留h之间的高度关系,对于数值可以抽象保存。
例如第一个样例,经离散化后的h变为:
1 2 4 5 3
这样一来,hi最大只有n了。
但是,问题又来了,我们不是需要计算hj+d和hj-d吗?你h数组离散化之后,加减d时的数不就失真了吗?对此,我考虑了一会儿,其实我们可以对d进行二分,我们先用另外一个数组保存原始的h值,然后每次运算时对h+d和h-d进行二分查找,得到一个近似范围。比如还是那个样例,我第一个1+2=3,那么二分时我就可以得到2,1-2=-1,就是0。这个比那个离散化还要抽象,尤其是那个二分查找对上界和下界的讨论比较繁琐。希望读者好好揣摩一下。我的代码经过多次修改才AC,不大美观,希望老司机能提出修改意见。
BSNY来到一个木桩阵,这个木桩阵是由n个木桩组成的,排成直线,每个木桩有个高度hi,BSNY可以从某个木桩开始,一直向后跳,但跳跃的位置是由限制的,如果BSNY现在在第i个木桩,想跳到第j个木桩,需要满足条件:i<j 同时 |hi-hj|>=d
现在BSNY希望能跳的木桩数量最多,问最多可以跳多少木桩?
样例输入
5 2
1 3 6 7 4
样例输出
4
【样例说明】
可以从1点开始,然后跳到第2个点,第3个点,第5个点,总共跳4个点
其他样例:
输入:
10 3
2 1 3 6 9 11 7 3 20 18
输出:
6
【数据规模和约定】
1<=n<=10^5 0<=d<=10^9
1<=hi<=10^9
******************************************
solution:相信大家都会写n^2的暴力吧?直接套个最长不下降的模型就行了。但我们再想想,这个条件到底能怎么转化?根据绝对值的知识,我们可以得到对于当前点j,它能跳过来的hi应满足条件hj+d<=hi或者hj-d>=hi,在这些范围里取某个i的最大值加上1并添加进去。这样一来,我们是不是又得到了一个可以基于木桩高度的线段树模型?但是随之而来的问题:hi最大有10^9,这样无疑空间会爆,怎样才能使得空间在规定范围内呢?这里就需要对高度进行离散化了,我们只保留h之间的高度关系,对于数值可以抽象保存。
例如第一个样例,经离散化后的h变为:
1 2 4 5 3
这样一来,hi最大只有n了。
但是,问题又来了,我们不是需要计算hj+d和hj-d吗?你h数组离散化之后,加减d时的数不就失真了吗?对此,我考虑了一会儿,其实我们可以对d进行二分,我们先用另外一个数组保存原始的h值,然后每次运算时对h+d和h-d进行二分查找,得到一个近似范围。比如还是那个样例,我第一个1+2=3,那么二分时我就可以得到2,1-2=-1,就是0。这个比那个离散化还要抽象,尤其是那个二分查找对上界和下界的讨论比较繁琐。希望读者好好揣摩一下。我的代码经过多次修改才AC,不大美观,希望老司机能提出修改意见。
#include<cstdio> #include<iostream> #include<algorithm> #define p1 id<<1 #define p2 id<<1^1 using namespace std; int n,m,ans; int tree[400005],li[100005],f[100005]; int pre_do[100005]; struct ty {int v,id; }a[100005],b[100005]; bool cmp(ty x,ty y) { if(x.v!=y.v) return x.v<y.v; return x.id<y.id; } int erfen1(int l,int r,int s) { int mid=(l+r)/2; if(l>r) return r; if(s>=a[mid].v) return erfen1(mid+1,r,s); else return erfen1(l,mid-1,s); } int erfen2(int l,int r,int s) { int mid=(l+r)/2; if(l>r) return l; if(s>a[mid].v) return erfen2(mid+1,r,s); else return erfen2(l,mid-1,s); } void lisanhua() { li[1]=1; pre_do[a[1].id]=1; int k=1; for(int i=2;i<=n;i++) { if(a[i].v!=a[i-1].v) k++; li[i]=k; pre_do[a[i].id]=k; } } void update(int id,int l,int r,int x,int y) { if(l==r&&l==x) { tree[id]=max(tree[id],y); return; } int mid=(l+r)/2; if(x<=mid) update(p1,l,mid,x,y); else update(p2,mid+1,r,x,y); tree[id]=max(tree[p1],tree[p2]); } int query(int id,int l,int r,int x,int y) { if(x<=l&&r<=y) return tree[id]; int mid=(l+r)/2; int s=0; if(y<=mid) return query(p1,l,mid,x,y); else if(x>mid) return query(p2,mid+1,r,x,y); else return max(query(p1,l,mid,x,mid),query(p2,mid+1,r,mid+1,y)); } int main() { cin>>n>>m; for(int i=1;i<=n;i++) { scanf("%d",&a[i].v); a[i].id=i; b[i]=a[i]; } sort(a+1,a+n+1,cmp); lisanhua(); for(int i=1;i<=n;i++) { if(i>1) { int x=b[i].v+m; int y=b[i].v-m; int xx=erfen1(1,n,x); int yy=erfen2(1,n,y); while(x>a[xx].v&&xx<=n) xx++; while(y<a[yy].v&&yy>=1) yy--; if(1<=xx&&xx<=n) xx=li[xx]; if(yy>=1&&yy<=n) yy=li[yy]; f[i]=0; if(xx<=n) f[i]=max(f[i],query(1,1,n,xx,n)); if(yy>=1) f[i]=max(f[i],query(1,1,n,1,yy)); f[i]++; } else f[i]=1; update(1,1,n,pre_do[i],f[i]); ans=max(ans,f[i]); } cout<<ans<<endl; return 0; }
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