【bzoj】3329: Xorequ 【DP】【快速幂&&矩阵乘法】
2016-03-03 10:44
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【有图片 csdn不好粘QAQ 就不发原题了233】
**
/article/6707789.html
简单的证明一下第二问 假设我们已经计算出了 2^n 的答案 【也就是二进制下一共有n位】
然后我们 考虑2^n+1【也就是n+1位的答案】
我们从把新添加的数放到后面
当最后一个数是0的时候 对整个序列没有影响——>f
当最后一个数是1的时候 倒数第二位必须为零——>f[n-1]
也就是说 f[n+1]=f[n-1]+f
QAQ
额 把新数放在前面或者后面 有时候还和序列中的某个数交换一下,应该是一种常见的办法吧QAQ
**
Fight!!!
【有图片 csdn不好粘QAQ 就不发原题了233】
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Solution
**/article/6707789.html
简单的证明一下第二问 假设我们已经计算出了 2^n 的答案 【也就是二进制下一共有n位】
然后我们 考虑2^n+1【也就是n+1位的答案】
我们从把新添加的数放到后面
当最后一个数是0的时候 对整个序列没有影响——>f
当最后一个数是1的时候 倒数第二位必须为零——>f[n-1]
也就是说 f[n+1]=f[n-1]+f
QAQ
额 把新数放在前面或者后面 有时候还和序列中的某个数交换一下,应该是一种常见的办法吧QAQ
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Code
**#include <bits/stdc++.h> #define ll long long const int mod=1e9+7; using namespace std; struct mat{ ll a[2][2]; mat(){a[0][0]=a[0][1]=a[1][0]=a[1][1]=0;} mat operator*(mat b) { mat c; for(int i=0;i<2;i++) for(int j=0;j<2;j++) for(int k=0;k<2;k++) (c.a[i][j]+=a[i][k]*b.a[k][j])%=mod; return c; } }; mat mat_pow(mat a,long long k) { mat s; s.a[0][0]=s.a[1][1]=1; while(k) { if(k&1) s=s*a; a=a*a; k>>=1; } return s; } long long f[65][2][2],n,tmp,len; int a[65]; int main() { int T; scanf("%d",&T); while(T--) { memset(a,0,sizeof(a)); memset(f,0,sizeof(f)); len=0; cin>>n; tmp=n; for(;tmp;tmp>>=1)a[++len]=tmp&1; for(int i=1,j=len;i<j;i++,j--)swap(a[i],a[j]); for(int i=0;i<=1;i++)f[1][i][i==a[1]]=1;//翻转后的第一位一定是1 for(int i=1;i<len;i++) { if(f[i][0][0])for(int j=0;j<=1;j++)f[i+1][j][0]+=f[i][0][0]; if(f[i][1][0])f[i+1][0][0]+=f[i][1][0]; if(f[i][0][1])for(int j=0;j<=a[i+1];j++)f[i+1][j][j==a[i+1]]+=f[i][0][1]; if(f[i][1][1])f[i+1][0][0==a[i+1]]+=f[i][1][1]; } printf("%lld\n",f[len][0][0]+f[len][0][1]+f[len][0][1]+f[len][1][0]+f[len][1][1]-1); mat x;x.a[0][1]=x.a[1][0]=x.a[1][1]=1; x=mat_pow(x,n); printf("%lld\n",(x.a[0][1]+x.a[1][1])%mod); } return 0; }
Fight!!!
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