HLG 1038 菜鸟和大牛 递推
2015-10-28 12:30
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菜鸟和大牛 | ||||||
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Description | ||||||
blue和AutoGerk是好朋友。他们的相同点是都喜欢研究算法,不同点是AutoGerk已是大牛而blue还是菜鸟。blue经常拿一些自以为很难的问题去问AutoGerk,想难倒他,但是每次AutoGerk都能轻而易举地做出来。就在上个礼拜的星期天下午,AutoGerk正在玩游戏,blue又拿着他的问题来了。AutoGerk一看,依然是如此简单。AutoGerk很想玩他的游戏,但是又不想冷落朋友。于是他介绍你,同样是大牛级的人物,给blue,来回答他的问题。 blue的问题如下: 一个由n行数字组成的三角形,第i行有2i-1个正整数(小于等于1000),如下: 3 7 1 4 2 4 3 6 2 8 5 2 9 3 6 2 要求你用笔从第1行画到第n(0 < n ≤ 100)行,从当前行往下画的时候只能在相邻的数字经过,也就是说,如果从一行的一个数往下画,只能选择其左下或者正下或者右下三个数中的一个(如果存在的话),把所有被画起来的数字相加,得到一个和,求能得到的最大的和的值是多少。 上例中能得到的最大的和为3 + 7 + 4 + 9 = 23. | ||||||
Input | ||||||
第一行,一个自然数T,表示总共给出的三角形数,对于每一个三角形,首先给出一个自然数n,表示将输入的三角形有n行。接下来有n行,第i行有2i-1个数字, | ||||||
Output | ||||||
对于每个三角形,输出一个数,即能得到的最大的和。 | ||||||
Sample Input | ||||||
2 2 1 1 2 3 4 3 7 1 4 2 4 3 6 2 8 5 2 9 3 6 2 | ||||||
Sample Output | ||||||
4 23 ACcode; #pragma warning(disable:4786)//使命名长度不受限制 #pragma comment(linker, "/STACK:102400000,102400000")//手工开栈 #include <map> #include <set> #include <queue> #include <cmath> #include <stack> #include <cctype> #include <cstdio> #include <cstring> #include <stdlib.h> #include <iostream> #include <algorithm> #define rd(x) scanf("%d",&x) #define rd2(x,y) scanf("%d%d",&x,&y) #define rds(x) scanf("%s",x) #define rdc(x) scanf("%c",&x) #define ll long long int #define maxn 1005 #define mod 1000000007 #define INF 0x3f3f3f3f //int 最大值 #define FOR(i,f_start,f_end) for(int i=f_start;i<=f_end;++i) #define MT(x,i) memset(x,i,sizeof(x)) #define PI acos(-1.0) #define E exp(1) using namespace std; int dp[maxn][maxn]; bool use[maxn][maxn]; int n,loop,t; int main(){ rd(loop); while(loop--){ rd(n);MT(dp,0); FOR(i,1,n)for(int j=n-i+1,k=1;k<i*2;k++,j++)rd(dp[i][j]); FOR(i,1,n)for(int j=1;j<2*n;j++) dp[i][j]=max((max(dp[i][j]+dp[i-1][j-1],dp[i][j]+dp[i-1][j])),dp[i][j]+dp[i-1][j+1]); t=dp [1];FOR(i,2,2*n)t=t>dp [i]?t:dp [i]; printf("%d\n",t); } return 0; } /* 2 2 1 1 2 3 4 3 7 1 4 2 4 3 6 2 8 5 2 9 3 6 2 */ |
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