数论 + 容斥 - HDU 1695 GCD

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[b]Mean:[/b]

给定五个数a,b,c,d,k，从1~a中选一个数x，1~b中选一个数y，使得gcd(x,y)=k.

求满足条件的pair(x,y)数.

[b]analyse:[/b]

由于b,d,k都是1e5数量级的，普通枚举必定超时.

首先可以把b,d都同时除以k，问题就转化成了求1~b/k和1~d/k中的gcd(i,j)=k的对数.

证明如下：

令Ai∈{1,2,3...b}，Bi∈{1,2,3...d}.

如果有：GCD(Ai,Bi)=k

则有:GCD(Ai/k,Bi/k)=1

而对于不能够被k整除的数，不可能有GCD(Ai,Bi)=k.

也就是说，除以K所剔除掉的数都是不满足条件的数，对最终答案没有影响.

这样就大大优化了时间复杂度.

然后就是对1e5以内的数进行质因数分解，使用质因数来构造容斥表.

再枚举1~b/k之间的每一个数，利用容斥原理算出1~d/k中有多少个数与之互质即可.

[b]Time complexity: O(N*logN)[/b]

[b]view code[/b]

/*
* this code is made by crazyacking
* Verdict: Accepted
* Submission Date: 2015-10-08-21.45
* Time: 0MS
* Memory: 137KB
*/
#include <queue>
#include <cstdio>
#include <set>
#include <string>
#include <stack>
#include <cmath>
#include <climits>
#include <map>
#include <cstdlib>
#include <iostream>
#include <vector>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#define max(a,b) (a>b?a:b)
using namespace std;
typedef long long(LL);
typedef unsigned long long(ULL);
const double eps(1e-8);

const int NN=100010;
bool v[NN];
int p[NN];
void makePrime()
{
int num=-1,i,j;
for(i=2; i<NN; ++i)
{
if(!v[i]) { p[++num]=i; }
for(j=0; j<=num && i*p[j]<NN; ++j)
{
v[i*p[j]]=true;
if(i%p[j]==0) { break; }
}
}
}

struct node
{
int fac;
bool ti;
node() {}
node(int a,bool b):fac(a),ti(b) {}
};
vector<node> pa[NN];

void pre()
{
int i,j,a,cnt,si;
for(i=1; i<=100000; ++i)
{
a=i;
cnt=0;
for(j=0; j<=9672; ++j)
{
if(!(a%p[j]))
{
pa[i].push_back(node(p[j],false));
si=pa[i].size();
for(int k=0; k<si-1; ++k)
{
pa[i].push_back(node(pa[i][si-1].fac*pa[i][k].fac,!pa[i][k].ti));
}
while(!(a%p[j]))
a/=p[j];
}
if(p[j]>a || a<=0) break;
}
}
}

int main()
{
makePrime();
pre();
ios_base::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0);
int t;
scanf("%d",&t);
for(int Cas=1; Cas<=t; ++Cas)
{
int a,b,c,d,k,si;
scanf("%d %d %d %d %d",&a,&b,&c,&d,&k);
if(k==0)
{
printf("Case %d: 0\n",Cas);
continue;
}
a=b/k;
b=d/k;
if(a>b) swap(a,b);
LL ans=b;
if(a==0) ans=0;
for(int i=2; i<=a; ++i)
{
si=pa[i].size();
for(int j=0; j<si; ++j)
{
if(!(pa[i][j].ti))
{
ans+=((b-i+1)-b/pa[i][j].fac+(i-1)/pa[i][j].fac);
}
else
{
ans-=((b-i+1)-b/pa[i][j].fac+(i-1)/pa[i][j].fac);
}
}
}
printf("Case %d: %I64d\n", Cas, ans);
}
return 0;
}
/*

*/