NY49 开心的小明
2015-10-03 01:18
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开心的小明
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描述小明今天很开心,家里购置的新房就要领钥匙了,新房里有一间他自己专用的很宽敞的房间。更让他高兴的是,妈妈昨天对他说:“你的房间需要购买哪些物品,怎么布置,你说了算,只要不超过N 元钱就行”。今天一早小明就开始做预算,但是他想买的东西太多了,肯定会超过妈妈限定的N 元。于是,他把每件物品规定了一个重要度,分为5 等:用整数1~5 表示,第5 等最重要。他还从因特网上查到了每件物品的价格(都是整数元)。他希望在不超过N 元(可以等于N 元)的前提下,使每件物品的价格与重要度的乘积的总和最大。设第j
件物品的价格为v[j],重要度为w[j],共选中了k 件物品,编号依次为j1...jk,则所求的总和为:v[j1]*w[j1]+..+v[jk]*w[jk]请你帮助金明设计一个满足要求的购物单.
输入
第一行输入一个整数N(0<N<=101)表示测试数据组数
每组测试数据输入的第1 行,为两个正整数,用一个空格隔开:
N m
(其中N(<30000)表示总钱数,m(<25)为希望购买物品的个数。)
从第2 行到第m+1 行,第j 行给出了编号为j-1
的物品的基本数据,每行有2 个非负整数
v p
(其中v 表示该物品的价格(v≤10000),p 表示该物品的重要度(1~5))
输出
每组测试数据输出只有一个正整数,为不超过总钱数的物品的价格与重要度乘积的总和的
最大值(<100000000)
样例输入
1 1000 5 800 2 400 5 300 5 400 3 200 2
样例输出
3900
动态规划:0-1背包问题
参考:http://blog.csdn.net/dapengbusi/article/details/7463968
动态规划0—1背包问题
#include<stdio.h> int dp[25][30000]={0};//这个需要定义在主函数外,如果在主函数会无法运行。因为主函数内只能开辟的空间很小,而外可以很大 int main() { int N,n,m,i,j,v[25],w[25]; scanf("%d",&N); while(N--) { scanf("%d%d",&n,&m); for(i=0;i<m;i++) scanf("%d%d",&v[i],&w[i]); for(j=0;j<=n;j++)//先将最后一次的物品算上 { if(j<v[m-1])//假设j是总钱数,逐一递增,先用最后一件物品去比较,如果物品价格大于总价格,则平行数组dp对应位置下标记为0 dp[m-1][j]= 0; else//否则物品价格小于总价格意味着可以购买,所以在平行数组dp对应位置下为物品价格 dp[m-1][j] = v[m-1] * w[m-1]; } for(i=m-2;i>=0;i--)//依次从倒数第二行算,直到第一行结束 { for(j=0;j<=n;j++) { if(j<v[i])//j任然是上面所说的总价钱,用此时的物品价钱去与j比较,如果大于j,则在平行数组dp对应的位置赋值上一次所对应的位置的价格(也就是此行的下一行) dp[i][j] = dp[i+1][j]; else//否则物品价格小于总价格意味着可以购买,此时就在平行数组dp对应位置下赋值,但是需要判断下上一次所对应的位置的价格(也就是此行的下一行)与 这一次物品价格加上上一次所对应物品之前的价格的和 作比较,取大值赋值给此时的dp位置! dp[i][j] = dp[i+1][j] > dp[i+1][j-v[i]]+v[i]*w[i]?dp[i+1][j]:dp[i+1][j-v[i]]+v[i]*w[i]; } } /* for(i=0;i<m;i++) { for(j=0;j<=n;j++) printf("%d ",dp[i][j]);//这里就可以看出整个动态规划的计算过程 printf("\n"); }*/ printf("%d\n",dp[0] );//当然最终第一行的最后一个位置也就是最优值了! } return 0;}
压缩成一维数组的01背包
状态转移方程:dp[j] = MAX(dp[j],(dp[j-v] + v*p));
逆推j = n -> v
参考:背包九讲p01
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#define MAX(a,b) (a > b ? a : b)
int dp[30001];
int main()
{
int num,m,n,v,p,i,j;
scanf("%d",&num);
while(num--)
{
memset(dp,0,sizeof(dp));
scanf("%d%d",&n,&m);
dp
= 0;
for(i=0;i<m;i++)
{
scanf("%d%d",&v,&p);
for(j=n;j>=v;j--)//递推
{
dp[
4000
j] = MAX(dp[j],(dp[j-v] + v*p));
}
}
// for(i=0;i<=n;i++)
// printf("%d ",dp[i]);
printf("\n%d\n",dp
);
}
return 0;
}
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