Codeforces Round #320 div2 题解
2015-09-17 09:01
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传送门: Codeforces Round #320 div2
A:Raising Bacteria
题意抽象一下是这样的,给出一个数n,开始时你有0个元素,每天,你都可以选择向其中加入若干个元素,每个元素每天都会一分为二,呈指数型增加。问你最少一共要加入多少个元素,才能保证在某一天你能恰好看到n个元素?
需要明确的细节有:①每个元素其实是孤立的,不管你是否是在某一天同时加入他们,每个元素只要是存在了t天,就会增殖为2^t个。②并没有限制天数,我们可以让元素增殖相当长的时间,以此减少我们投入的元素数目。③元素如果是在当天加入的,当天他们不增殖,只有到了第二天才会增殖。
这样就好写了,对于每个输入的n,我们只需要找他的二进制分解,用十进制的角度来说,我们先预处理所有的2^t值,记做q[t],待查,接着,不断地寻找恰好比n小的q[t],这里 恰好 的意思是,q[t]<n&&q[t+1]>n (这一点用于保证答案尽量小),然后从n中减去这个q[t]值,再次重复上述过程,直到最后,有两种情形:n==0直接输出答案,n==1,答案加一(这代表着最后一天我们加入一个元素进去,对应题中给的测试样例一)
code:
B:Finding Team Member
这个题意略复杂。有2n个人,要两两组队,第i个人和第j个人组队的value是G[i][j]=G[j][i]已知,对于任何两人,他们组队的前提是:在当前他们各自可选的人(即抛去已经组好队的人)当中,对方都是最佳选择(即与对方组队的value是尽可能最大的),问组队方案,输出每个人的队友。
表示比赛时大概想了一个思路,并且秉承着“div2的题不会涉及到很吊的算法应该暴力结合处理就能过”的思想去写了,然现在看来,似乎并不是很靠谱,但是过了。。
每次都是模拟,循环模拟过程,直到所有人组队成功。
C:A Problem about Polyline
又是一道数学题,对于给定的正值p,我们将确定两簇直线,
现在要求你确定尽量小的p值,使得给定的点(x,y)恰好落在这两簇直线上。
首先有几个点:若y>x,则必然无解,输出-1,原因很简单,所有的直线无论p值如何,都在直线y=x下方,因此y>x的点,绝不可能有解。
其次,若y=x,则p=x即为唯一答案,道理同上
再次,这两簇直线的最大值为p,这意味着p绝不可能小于y。
第四,若x可以被y整除,x是y的奇数倍,答案就是y了。
对于最一般的情况,就比如sample 3那种,相当于点(x,y)满足上面两组方程中的一个(或两个),整理得
需要让p尽量小,则需k尽量大,这是因为等号右边是定值。
所以对两式分别求最小的p,两个答案取较小者即可。
求的方法是:因为我们已知答案最小是y,且可以想象,这个最小值是可以无限逼近的,只是因为k为整数,才导致p有可能不能为y,因此直接代p=y,求k的整数值,再把这个k回带到式子里求p即可
表示这个题是我比赛中最得意的一道题,最开始想到二分查找去了,不过最后并没有这么写
D题还没想清楚,以后再更新吧。。
这轮打的不亏,由于之前太弱,这一次ABC全部1A,rating这个疯长啊,+170
是个好兆头,继续努力
A:Raising Bacteria
题意抽象一下是这样的,给出一个数n,开始时你有0个元素,每天,你都可以选择向其中加入若干个元素,每个元素每天都会一分为二,呈指数型增加。问你最少一共要加入多少个元素,才能保证在某一天你能恰好看到n个元素?
需要明确的细节有:①每个元素其实是孤立的,不管你是否是在某一天同时加入他们,每个元素只要是存在了t天,就会增殖为2^t个。②并没有限制天数,我们可以让元素增殖相当长的时间,以此减少我们投入的元素数目。③元素如果是在当天加入的,当天他们不增殖,只有到了第二天才会增殖。
这样就好写了,对于每个输入的n,我们只需要找他的二进制分解,用十进制的角度来说,我们先预处理所有的2^t值,记做q[t],待查,接着,不断地寻找恰好比n小的q[t],这里 恰好 的意思是,q[t]<n&&q[t+1]>n (这一点用于保证答案尽量小),然后从n中减去这个q[t]值,再次重复上述过程,直到最后,有两种情形:n==0直接输出答案,n==1,答案加一(这代表着最后一天我们加入一个元素进去,对应题中给的测试样例一)
code:
By skyword, contest: Codeforces Round #320 (Div. 2) [Bayan Thanks-Round], problem: (A) Raising Bacteria, Accepted, # #include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdio> #include<queue> #include<cstring> #include<vector> #include<string> #include<cmath> #include<stack> //#define file #define inf 0x3f3f3f3f #define LL long long #define maxn 100010 using namespace std; int a[33]={0}; int x; void init() { for(int i=0;i<=30;i++) { a[i]=1<<i; } } int main() { init(); scanf("%d",&x); if(x==1) { printf("1\n"); } else { int ans=0; while(x>1) { for(int i=0;i<=30;i++) { if(a[i]<=x&&a[i+1]>x) { x-=a[i]; ans++; break; } } } if(x==1) ans++; printf("%d\n",ans); } }
B:Finding Team Member
这个题意略复杂。有2n个人,要两两组队,第i个人和第j个人组队的value是G[i][j]=G[j][i]已知,对于任何两人,他们组队的前提是:在当前他们各自可选的人(即抛去已经组好队的人)当中,对方都是最佳选择(即与对方组队的value是尽可能最大的),问组队方案,输出每个人的队友。
表示比赛时大概想了一个思路,并且秉承着“div2的题不会涉及到很吊的算法应该暴力结合处理就能过”的思想去写了,然现在看来,似乎并不是很靠谱,但是过了。。
每次都是模拟,循环模拟过程,直到所有人组队成功。
By skyword, contest: Codeforces Round #320 (Div. 2) [Bayan Thanks-Round], problem: (B) Finding Team Member, Accepted, # #include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdio> #include<queue> #include<cstring> #include<vector> #include<string> #include<cmath> #include<stack> //#define file #define inf 0x3f3f3f3f #define LL long long #define maxn 100010 using namespace std; int G[805][805]; int vis[805][805]; int t[805]; int ans; int n; int q; int main() { scanf("%d",&n); memset(vis,0,sizeof(vis)); memset(t,0,sizeof(t)); memset(G,0,sizeof(G)); bool check=false; q=0; for(int i=2; i<=2*n; i++) { for(int j=1; j<=i-1; j++) { scanf("%d",&G[i][j]); G[j][i]=G[i][j]; } } while(!check) { q=0; int m=-10; int index=-1; for(int i=1; i<=2*n; i++) { index=-1; m=-10; if(t[i]) { continue; } for(int j=1; j<=2*n; j++) { if(j==i)continue; if(t[j])continue; if(G[i][j]>m&&(!vis[i][j])) { m=G[i][j]; index=j; } } bool flag=true; for(int k=1; k<=2*n; k++) { if(k==index)continue; if((G[index][k]>G[index][i])&&(!t[k])) { flag=false; break; } } if(flag) { vis[i][index]=1; vis[index][i]=1; t[i]=index; t[index]=i; } } for(int i=1; i<=2*n; i++) { if(t[i]==0)q++;; } if(!q)check=true; //for test /*for(int i=1; i<=2*n; i++) { if(i==1) { printf("%d",t[i]); } else { printf(" %d",t[i]); } } cout<<endl; */ //for test } for(int i=1; i<=2*n; i++) { if(i==1) { printf("%d",t[i]); } else { printf(" %d",t[i]); } } cout<<endl; }
C:A Problem about Polyline
又是一道数学题,对于给定的正值p,我们将确定两簇直线,
现在要求你确定尽量小的p值,使得给定的点(x,y)恰好落在这两簇直线上。
首先有几个点:若y>x,则必然无解,输出-1,原因很简单,所有的直线无论p值如何,都在直线y=x下方,因此y>x的点,绝不可能有解。
其次,若y=x,则p=x即为唯一答案,道理同上
再次,这两簇直线的最大值为p,这意味着p绝不可能小于y。
第四,若x可以被y整除,x是y的奇数倍,答案就是y了。
对于最一般的情况,就比如sample 3那种,相当于点(x,y)满足上面两组方程中的一个(或两个),整理得
需要让p尽量小,则需k尽量大,这是因为等号右边是定值。
所以对两式分别求最小的p,两个答案取较小者即可。
求的方法是:因为我们已知答案最小是y,且可以想象,这个最小值是可以无限逼近的,只是因为k为整数,才导致p有可能不能为y,因此直接代p=y,求k的整数值,再把这个k回带到式子里求p即可
表示这个题是我比赛中最得意的一道题,最开始想到二分查找去了,不过最后并没有这么写
By skyword, contest: Codeforces Round #320 (Div. 2) [Bayan Thanks-Round], problem: (C) A Problem about Polyline, Accepted, # #include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdio> #include<queue> #include<cstring> #include<vector> #include<string> #include<cmath> #include<stack> //#define file #define inf 0x3f3f3f3f #define LL long long #define maxn 100010 using namespace std; double x,y; double p,ans; double a,b; double m; int main() { scanf("%lf%lf",&x,&y); a=(x-y)/2; b=(x+y)/2; int tmp1,tmp2; int t=x/y; if(x>y&&((int)x%(int)y==0)&&(t%2)) { printf("%.12lf\n",(double)y); } else { if(y<x) { int k; k=a/y; p=a/(double)k; m=p; k=b/y; p=b/(double)k; m=min(m,p); p=m; } else if(x==y) { p=(double)x; } else { p=-1; } printf("%.12lf\n",p); } }
D题还没想清楚,以后再更新吧。。
这轮打的不亏,由于之前太弱,这一次ABC全部1A,rating这个疯长啊,+170
是个好兆头,继续努力
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