POJ_2229 Sumsets(greedy)
2015-08-30 11:29
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题解:
这道DP让我想了很久,感觉不难就是自己越绕越乱,一直找不出来关系。其实,我觉得应该先放下题目类型,从最根本递推关系去分析然后确定题目类型。
若N为奇数的话,很容易想到组合数等于N-1,因为只增加1的话,可以证明任意一个组合情况都会有单独的1流出来,那么去掉这个1后就是之前的N-1了,递推关系:dp
=dp[N-1];
若N为偶数,情况就会复杂很多,那么从总体考虑,N的所有组合会出现两种情况,出现1和不出现1(其实出现1的话肯定至少有两个1),出现1的话按照之前的思路,是N-1的延伸(+1),或者看作N-2的延伸(+1+1),对于不出现1的情况,因为都是偶数,除以2我们就得到了N/2的所有组合(充分必要条件可以证明,其实自己画几组也可以发现),所以得到递推关系式:dp
=dp[N-1]+dp[N/2];
代码实现:
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#define LL long long
using namespace std;
const int MAX = 1000010;
const int mod = 1000000000;
int N;
int dp[MAX];
int main()
{
scanf("%d",&N);
memset(dp,0,sizeof(dp));
dp[1] = 1;
dp[2] = 2;
for( int i = 3; i <= N; i++ ){
if( i%2 == 1 ){
dp[i] = dp[i-1];
continue;
}
dp[i] = (dp[i-2]%mod+dp[i/2]%mod)%mod;
}
printf("%d\n",dp
);
return 0;
}
题解:
这道DP让我想了很久,感觉不难就是自己越绕越乱,一直找不出来关系。其实,我觉得应该先放下题目类型,从最根本递推关系去分析然后确定题目类型。
若N为奇数的话,很容易想到组合数等于N-1,因为只增加1的话,可以证明任意一个组合情况都会有单独的1流出来,那么去掉这个1后就是之前的N-1了,递推关系:dp
=dp[N-1];
若N为偶数,情况就会复杂很多,那么从总体考虑,N的所有组合会出现两种情况,出现1和不出现1(其实出现1的话肯定至少有两个1),出现1的话按照之前的思路,是N-1的延伸(+1),或者看作N-2的延伸(+1+1),对于不出现1的情况,因为都是偶数,除以2我们就得到了N/2的所有组合(充分必要条件可以证明,其实自己画几组也可以发现),所以得到递推关系式:dp
=dp[N-1]+dp[N/2];
代码实现:
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#define LL long long
using namespace std;
const int MAX = 1000010;
const int mod = 1000000000;
int N;
int dp[MAX];
int main()
{
scanf("%d",&N);
memset(dp,0,sizeof(dp));
dp[1] = 1;
dp[2] = 2;
for( int i = 3; i <= N; i++ ){
if( i%2 == 1 ){
dp[i] = dp[i-1];
continue;
}
dp[i] = (dp[i-2]%mod+dp[i/2]%mod)%mod;
}
printf("%d\n",dp
);
return 0;
}
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