hdu 1429 胜利大逃亡(续)(状态压缩+bfs)
2015-08-04 14:36
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Problem Description
Ignatius再次被魔王抓走了(搞不懂他咋这么讨魔王喜欢)……
这次魔王汲取了上次的教训,把Ignatius关在一个n*m的地牢里,并在地牢的某些地方安装了带锁的门,钥匙藏在地牢另外的某些地方。刚开始Ignatius被关在(sx,sy)的位置,离开地牢的门在(ex,ey)的位置。Ignatius每分钟只能从一个坐标走到相邻四个坐标中的其中一个。魔王每t分钟回地牢视察一次,若发现Ignatius不在原位置便把他拎回去。经过若干次的尝试,Ignatius已画出整个地牢的地图。现在请你帮他计算能否再次成功逃亡。只要在魔王下次视察之前走到出口就算离开地牢,如果魔王回来的时候刚好走到出口或还未到出口都算逃亡失败。
Input
每组测试数据的第一行有三个整数n,m,t(2<=n,m<=20,t>0)。接下来的n行m列为地牢的地图,其中包括:
. 代表路
* 代表墙
@ 代表Ignatius的起始位置
^ 代表地牢的出口
A-J 代表带锁的门,对应的钥匙分别为a-j
a-j 代表钥匙,对应的门分别为A-J
每组测试数据之间有一个空行。
Output
针对每组测试数据,如果可以成功逃亡,请输出需要多少分钟才能离开,如果不能则输出-1。
Sample Input
Sample Output
有十个门,有十把钥匙,每把钥匙对应一个门,相同的门可以有多个。这样,我们就得按照状态来搜索,用10位二进制来表示每把钥匙的状态。和hdu 1885差不多。
#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <queue>
#include <string.h>
using namespace
std;
char map[25][25];
bool vis[25][25][1025];
int sx,sy,n,m,t;
int dir[4][2]={{1,0},{-1,0},{0,1},{0,-1}};
struct node
{
int x;
int y;
int step;
int state;
node(int x=0,int y=0,int step=0,int
state=0)
{
this->x=x;
this->y=y;
this->step=step;
this->state=state;
}
};
bool check(int x,int y)
{
if(x<0 || x>=n || y<0 || y>=m ||map[x][y]=='*')
return
false;
return
true;
}
int bfs()
{
queue<node>q;
node temp,h;
q.push(node(sx,sy,0,0));
vis[sx][sy][0]=1;
while (!q.empty())
{
h=q.front();
q.pop();
for (int i=0; i<4; i++)
{
temp=h;
temp.x+=dir[i][0];
temp.y+=dir[i][1];
temp.step++;
if(temp.step>=t)
return
0;
if(check(temp.x, temp.y)&& !vis[temp.x][temp.y][temp.state])
{
if(map[temp.x][temp.y]=='^')
return temp.step;
if(map[temp.x][temp.y]=='.')
{
vis[temp.x][temp.y][temp.state]=1;
q.push(temp);
}
else
if(map[temp.x][temp.y]>='A' &&map[temp.x][temp.y]<='J'
)
{
int key=temp.state&(1<<(map[temp.x][temp.y]-'A'));//检查是否有钥匙
if(key)
{
vis[temp.x][temp.y][temp.state]=1;
q.push(temp);
}
}
else
if(map[temp.x][temp.y]>='a' &&map[temp.x][temp.y]<='j')
{
temp.state=temp.state|(1<<(map[temp.x][temp.y]-'a'));//获得钥匙,更新状态
if(!vis[temp.x][temp.y][temp.state])
{
vis[temp.x][temp.y][temp.state]=1;
q.push(temp);
}
}
}
}
}
return 0;
}
int main()
{
while (scanf("%d%d%d",&n,&m,&t)!=EOF)
{
getchar();
for (int i=0; i<n; i++)
{
for (int j=0; j<m; j++)
{
scanf("%c",&map[i][j]);
if(map[i][j]=='@')
{
sx=i;
sy=j;
map[i][j]='.';
}
}
getchar();
}
memset(vis,0,
sizeof(vis));
int ans=bfs();
if(ans)
printf("%d\n",ans);
else
puts("-1");
}
return 0;
}
Ignatius再次被魔王抓走了(搞不懂他咋这么讨魔王喜欢)……
这次魔王汲取了上次的教训,把Ignatius关在一个n*m的地牢里,并在地牢的某些地方安装了带锁的门,钥匙藏在地牢另外的某些地方。刚开始Ignatius被关在(sx,sy)的位置,离开地牢的门在(ex,ey)的位置。Ignatius每分钟只能从一个坐标走到相邻四个坐标中的其中一个。魔王每t分钟回地牢视察一次,若发现Ignatius不在原位置便把他拎回去。经过若干次的尝试,Ignatius已画出整个地牢的地图。现在请你帮他计算能否再次成功逃亡。只要在魔王下次视察之前走到出口就算离开地牢,如果魔王回来的时候刚好走到出口或还未到出口都算逃亡失败。
Input
每组测试数据的第一行有三个整数n,m,t(2<=n,m<=20,t>0)。接下来的n行m列为地牢的地图,其中包括:
. 代表路
* 代表墙
@ 代表Ignatius的起始位置
^ 代表地牢的出口
A-J 代表带锁的门,对应的钥匙分别为a-j
a-j 代表钥匙,对应的门分别为A-J
每组测试数据之间有一个空行。
Output
针对每组测试数据,如果可以成功逃亡,请输出需要多少分钟才能离开,如果不能则输出-1。
Sample Input
4 5 17 @A.B. a*.*. *..*^ c..b* 4 5 16 @A.B. a*.*. *..*^ c..b*
Sample Output
16 -1
有十个门,有十把钥匙,每把钥匙对应一个门,相同的门可以有多个。这样,我们就得按照状态来搜索,用10位二进制来表示每把钥匙的状态。和hdu 1885差不多。
#include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <queue>
#include <string.h>
using namespace
std;
char map[25][25];
bool vis[25][25][1025];
int sx,sy,n,m,t;
int dir[4][2]={{1,0},{-1,0},{0,1},{0,-1}};
struct node
{
int x;
int y;
int step;
int state;
node(int x=0,int y=0,int step=0,int
state=0)
{
this->x=x;
this->y=y;
this->step=step;
this->state=state;
}
};
bool check(int x,int y)
{
if(x<0 || x>=n || y<0 || y>=m ||map[x][y]=='*')
return
false;
return
true;
}
int bfs()
{
queue<node>q;
node temp,h;
q.push(node(sx,sy,0,0));
vis[sx][sy][0]=1;
while (!q.empty())
{
h=q.front();
q.pop();
for (int i=0; i<4; i++)
{
temp=h;
temp.x+=dir[i][0];
temp.y+=dir[i][1];
temp.step++;
if(temp.step>=t)
return
0;
if(check(temp.x, temp.y)&& !vis[temp.x][temp.y][temp.state])
{
if(map[temp.x][temp.y]=='^')
return temp.step;
if(map[temp.x][temp.y]=='.')
{
vis[temp.x][temp.y][temp.state]=1;
q.push(temp);
}
else
if(map[temp.x][temp.y]>='A' &&map[temp.x][temp.y]<='J'
)
{
int key=temp.state&(1<<(map[temp.x][temp.y]-'A'));//检查是否有钥匙
if(key)
{
vis[temp.x][temp.y][temp.state]=1;
q.push(temp);
}
}
else
if(map[temp.x][temp.y]>='a' &&map[temp.x][temp.y]<='j')
{
temp.state=temp.state|(1<<(map[temp.x][temp.y]-'a'));//获得钥匙,更新状态
if(!vis[temp.x][temp.y][temp.state])
{
vis[temp.x][temp.y][temp.state]=1;
q.push(temp);
}
}
}
}
}
return 0;
}
int main()
{
while (scanf("%d%d%d",&n,&m,&t)!=EOF)
{
getchar();
for (int i=0; i<n; i++)
{
for (int j=0; j<m; j++)
{
scanf("%c",&map[i][j]);
if(map[i][j]=='@')
{
sx=i;
sy=j;
map[i][j]='.';
}
}
getchar();
}
memset(vis,0,
sizeof(vis));
int ans=bfs();
if(ans)
printf("%d\n",ans);
else
puts("-1");
}
return 0;
}
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