hdu 4507 - 吉哥系列故事——恨7不成妻(数位dp)
2015-07-06 19:18
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吉哥系列故事——恨7不成妻
Problem Description单身!
依然单身!
吉哥依然单身!
DS级码农吉哥依然单身!
所以,他生平最恨情人节,不管是214还是77,他都讨厌!
吉哥观察了214和77这两个数,发现:
2+1+4=7
7+7=7*2
77=7*11
最终,他发现原来这一切归根到底都是因为和7有关!所以,他现在甚至讨厌一切和7有关的数!
什么样的数和7有关呢?
如果一个整数符合下面3个条件之一,那么我们就说这个整数和7有关——
1、整数中某一位是7;
2、整数的每一位加起来的和是7的整数倍;
3、这个整数是7的整数倍;
现在问题来了:吉哥想知道在一定区间内和7无关的数字的平方和。
Input
输入数据的第一行是case数T(1 <= T <= 50),然后接下来的T行表示T个case;每个case在一行内包含两个正整数L, R(1 <= L <= R <= 10^18)。
Output
请计算[L,R]中和7无关的数字的平方和,并将结果对10^9 + 7 求模后输出。
Sample Input
3
1 9
10 11
17 17
Sample Output
236
221
0
Source
2013腾讯编程马拉松初赛第一场(3月21日)
思路:刚开始我居然就拿dp保存满足条件的数的平方和,然而并不应该这样。
dp[cur][s][mod1][mod2]表示当前位置为止,是否包含7,前面的数对7的余数,前面的数位的和对7的余数,这个状态下,后面的数的平方和,和,还有有多少个这三个值
那么相当于知道对于当前这个状态a21+a22+...+a2na_1^2+a_2^2+...+a_n^2还有∑n1ai\sum_1^na_i,还有有多少个数满足题意条件(假设是cnt个),现在这个位置上的数是i,那么相当于求∑n1(ai+b)2\sum_1^n(a_i+b)^2,于是可以化简一下相当于求∑n1a2i+2∗b∗∑n1ai+cnt∗b2\sum_1^na_i^2+2*b*\sum_1^na_i+cnt*b^2,于是可得到答案
[code]#include<iostream> #include<cstdio> #include<string> #include<cstring> #include<vector> #include<cmath> #include<queue> #include<stack> #include<map> #include<set> #include<algorithm> using namespace std; typedef long long LL; const int maxn=30; const LL MOD=1e9+7; LL N,M; int dig[maxn]; pair<LL,pair<LL,LL>> dp[maxn][2][10][10]; bool vis[maxn][2][10][10]; LL pow10[20]; pair<LL,pair<LL,LL>> dfs(int cur,int e,int z,int s,int mod1,int mod2) { if(cur<0) { if(s||(mod1%7==0)||(mod2%7==0)) return make_pair(0,make_pair(0,0)); return make_pair(1,make_pair(0,0)); } if(!e&&vis[cur][s][mod1][mod2]) return dp[cur][s][mod1][mod2]; int end=(e?dig[cur]:9); pair<LL,pair<LL,LL>> nxt,ans=make_pair(0,make_pair(0,0)); for(int i=0;i<=end;i++) { int tmp1=(mod1*10+i)%7; int tmp2=(mod2+i)%7; nxt=dfs(cur-1,e&&i==end,0,s||(i==7),tmp1,tmp2); LL presum=i*pow10[cur]%MOD; (ans.first+=nxt.first)%=MOD; (ans.second.first+=nxt.second.first+presum*nxt.first)%=MOD; (ans.second.second+=nxt.second.second+presum*presum%MOD*nxt.first+2*nxt.second.first*presum)%=MOD; } if(!e)dp[cur][s][mod1][mod2]=ans, vis[cur][s][mod1][mod2]=1; return ans; } LL solve(LL n) { int len=0; memset(vis,0,sizeof(vis)); while(n) { dig[len++]=n%10; n/=10; } return dfs(len-1,1,1,0,0,0).second.second; } int main() { int T; scanf("%d",&T); pow10[0]=1; for(int i=1;i<20;i++)pow10[i]=(pow10[i-1]*10)%MOD; while(T--) { scanf("%I64d%I64d",&N,&M); LL res=solve(M)-solve(N-1); printf("%I64d\n",(res+MOD)%MOD); } return 0; }
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