HDOJ-2069-Coin Change 解题报告
2015-05-19 16:21
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普通母函数变体。题意:有五种面值的硬币,50分,25分,10分,5分,1分。现在,比如我们有11分,那么这11分换成硬币可以是1个10分和1个1分,2个5分和1个1分,1个5分和6个1分以及11个1分这4种情况。现在告诉你我们手上拥有的钱数,问如果要换成硬币,有多少中换法。注意:总硬币数不能超过100。
我的解题思路:一般的母函数都是限制每种硬币的个数,而本题是限制所有硬币总和。令钱数为x的指数,我们可以把数组多加一维存储硬币的个数,这样coe[i][j]就表示钱数为i硬币数为j的方案数就行了。计算的时候要多嵌套一个枚举硬币数的循环,然后除了超出题目最大钱数要break,超出硬币最大数量也要break就行了。
我的解题代码:
我的解题思路:一般的母函数都是限制每种硬币的个数,而本题是限制所有硬币总和。令钱数为x的指数,我们可以把数组多加一维存储硬币的个数,这样coe[i][j]就表示钱数为i硬币数为j的方案数就行了。计算的时候要多嵌套一个枚举硬币数的循环,然后除了超出题目最大钱数要break,超出硬币最大数量也要break就行了。
我的解题代码:
#include <stdio.h> #include <stdlib.h> #include <string.h> #include <ctype.h> #include <math.h> #include <algorithm> #include <vector> #include <queue> #include <stack> #include <map> using namespace std; const int N = 251; const int M = 101; int coe [M], tmp [M]; // coe[i][j] 表示钱数为i硬币数为j的方案数 int val[5] = {1, 5, 10, 25, 50}; int ans ; int n; void Init(); void Generate(); int main() { Init(); while (~scanf("%d", &n)) { printf("%d\n", ans ); } return 0; } void Init() { memset(ans, 0, sizeof(ans)); Generate(); ans[0] = 1; for (int i=1; i<N; ++i) { for (int j=0; j<M; ++j) { ans[i] += coe[i][j]; } } return; } //void Generate() //{ //memset(coe, 0, sizeof(coe)); //memset(tmp, 0, sizeof(tmp)); //coe[0][0] = 1; //for (int i=0; i<5; ++i) //{ //for (int j=0; j<N; ++j) //{ //if (coe[j] == 0) continue; //for (int k=0; k<N; ++k) //{ //if (val[i] * k + j >= N) break; //tmp[val[i] * k + j] += coe[j]; //} //} //memcpy(coe, tmp, sizeof(coe)); //memset(tmp, 0, sizeof(tmp)); //} //return; //} void Generate() { memset(coe, 0, sizeof(coe)); memset(tmp, 0, sizeof(tmp)); coe[0][0] = 1; for (int i=0; i<5; ++i) { for (int j=0; j<N; ++j) { for (int k=0; k<M; ++k) // 枚举硬币数量 { if (coe[j][k] == 0) continue; for (int l=0; l<N; ++l) { if (val[i] * l + j >= N) break; // 超出最大钱数 if (k + l >= M) break; // 超出硬币最大数量 tmp[val[i] * l + j][k + l] += coe[j][k]; } } } memcpy(coe, tmp, sizeof(coe)); memset(tmp, 0, sizeof(tmp)); } return; }
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