Codeforces Round #240 (Div. 2) ABCD简单解题报告
2014-04-07 19:14
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A题:大水题。。
题意:如果按下一个开关,所有编号比这个开关的编号大的灯都会被关掉,让你输出n盏灯分别是被那个开关关上的。
思路:加个标记数组就OK了。。
B题:坑题。。
题意:如果一个人有w张票,那他会得到w*a/b取整个钱,现在让你在保证得到的钱数不变的情况下能够省得最多的票是多少。
思路:就是给你a,b,w 先求出[w*a/b],然后找一个w0 使得w0<=w, 而且[w0*a/b]=[w*a/b] ,w0尽可能小。
注意:用LONGLONG。
结果推得一个等式。。直接A。。
C题:YY题。
题意:N个数,按顺序两两一取,每一对数的最大公约数累加,看看能不能等于K。
思路:设有M=N/2对数,让M-1对数互质。。和为M-1 剩下K-M+1,让最后一对数的最大公约数为它就O了。
注意:一些特判和N的奇偶性问题。。
D题:简单DP,比赛时候没做出来。。
题意:有1-N的线段,选取两根线段a,b a<=b保证b-a<=k&&b%a==0统计符合条件的线段个数。。
思路:一开始以为是组合数学。。比赛完了听CLQ和大健健都说是水DP,后来想了想dp[i][j]代表的以j为结尾,长度为i的数列的个数,也就是说,指的是第i为是 j的数列个数。
然后dp[i+1][p] = dp[i+1][p] + dp[i][j];(p是j的整数倍)然后预处理一下长度为1的情况。。然后累加就好了。。
注意:取模。。
题意:如果按下一个开关,所有编号比这个开关的编号大的灯都会被关掉,让你输出n盏灯分别是被那个开关关上的。
思路:加个标记数组就OK了。。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<string> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; int main() { int n,m; cin>>n>>m; int b[105]; int a[105]; int flag[105]; memset(flag,0,sizeof(flag)); for(int i=1;i<=m;i++) { cin>>b[i]; } for(int i=1;i<=m;i++) { for(int j=1;j<=n;j++) { if(b[i]<=j&&flag[j]==0) { a[j]=b[i]; flag[j]=1; } } } for(int i=1;i<=n;i++) { cout<<a[i]<<" "; } cout<<endl; return 0; }
B题:坑题。。
题意:如果一个人有w张票,那他会得到w*a/b取整个钱,现在让你在保证得到的钱数不变的情况下能够省得最多的票是多少。
思路:就是给你a,b,w 先求出[w*a/b],然后找一个w0 使得w0<=w, 而且[w0*a/b]=[w*a/b] ,w0尽可能小。
注意:用LONGLONG。
结果推得一个等式。。直接A。。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<string> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; int main() { long long n,a,b; long long x[100005]; cin>>n>>a>>b; for(int i=0;i<n;i++) { cin>>x[i]; } for(int i=0;i<n;i++) { cout<<((a*x[i])%b)/a<<" "; } cout<<endl; return 0; }
C题:YY题。
题意:N个数,按顺序两两一取,每一对数的最大公约数累加,看看能不能等于K。
思路:设有M=N/2对数,让M-1对数互质。。和为M-1 剩下K-M+1,让最后一对数的最大公约数为它就O了。
注意:一些特判和N的奇偶性问题。。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<string> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; int main() { long long n,k; cin>>n>>k; long long a[100005]; long long cnt=n/2; if(k<cnt) cout<<-1<<endl; else if(n==1&&k!=0) cout<<-1<<endl; else { k=(k-cnt)+1; a[0]=k; a[1]=2*k; int t=1; for(int i=1;i<cnt;i++) { if(t==k||t+1==k) { t=2*k+1; } a[2*i]=t++; a[2*i+1]=t++; } if(n%2==1) { a[n-1]=2*t+1; } for(int i=0;i<n;i++) { cout<<a[i]<<" "; } cout<<endl; } return 0; }
D题:简单DP,比赛时候没做出来。。
题意:有1-N的线段,选取两根线段a,b a<=b保证b-a<=k&&b%a==0统计符合条件的线段个数。。
思路:一开始以为是组合数学。。比赛完了听CLQ和大健健都说是水DP,后来想了想dp[i][j]代表的以j为结尾,长度为i的数列的个数,也就是说,指的是第i为是 j的数列个数。
然后dp[i+1][p] = dp[i+1][p] + dp[i][j];(p是j的整数倍)然后预处理一下长度为1的情况。。然后累加就好了。。
注意:取模。。
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cmath> #include<iostream> #include<algorithm> using namespace std; int dp[2005][2005]; const int mod=1000000007; int main() { int n,k; cin>>n>>k; memset(dp,0,sizeof(dp)); for(int i=1;i<=n;i++) { dp[1][i]=1; } for(int i=1;i<=k;i++) { for(int j=1;j<=n;j++) { for(int t=j;t<=n;t+=j) { dp[i+1][t]=(dp[i+1][t]+dp[i][j])%mod; } } } int ans=0; for(int i=1;i<=n;i++) { ans=(ans+dp[k][i])%mod; } cout<<ans<<endl; return 0; }
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