(Relax 水题1.2)POJ 1032 Parliament(将n分解成若干个互不相等的整数的和,并且是这些整数的乘积最大)

题意：给出一个数n，将其拆分为若干个互不相等的数字的和，要求这些数字的乘积最大。

分析：我们可以发现任何一个数字，只要能拆分成两个大于1的数字之和，那么这两个数字的乘积一定大于等于原数。也就是说，对于连乘式中，如果将一个乘数a更换为两个数字b×c（a=b+c且b>1,c>1），那么乘积只可能增大或不变，不会减小。所以我们拆分的原则就是将这些数字拆得尽量小，拆成许多2的乘积是最好的。又因为题目约束各个数字不能相同，则我们拆分的结果最理想的情况是从2开始的公差为1的等差数列。但是有时是无法构成这样的等差数列的，因为构成到某一位时会出现构建下一位不够用的情况，例如，n=6时，6=2+3+1。当我们要构成4的时候只剩下1了。如果余数是1,那么我们必然要加到前面的某一个数字上，否则乘积无法增大。如果是大于1的数，也必须加在前面的某些数字上，否则如果单乘会出现重复数字。对于一个余数，应该每次将余数中的一个1分配给数列中最小的数字，这样才能使得乘积每次增大的幅度最大，因为增加量是所有除了最小乘数之外的数字的乘积。但是这样做会造成数字重复，所以唯一可以避免数字重复的方法是将这些1从最大的数字开始依次向较小数分配，让每个乘数增加1。但是这样仍然可能有剩余，但最多剩余1,因为再多就足够构成下一个乘数的了，同样为了避免重复，我们只能将这个1加在最大的乘数上。

/*
* POJ_1032.cpp
*
*  Created on: 2013年11月25日
*      Author: Administrator
*/

#include <iostream>
#include <cstdio>

using namespace std;

const int maxn = 1005;
int ans[maxn];

int main(){
int n;
while(scanf("%d",&n)!=EOF){

int total = 0;
int i = 2;
while(total + i <= n ){
total += i;
ans[i-2] = i;
++i;
}

n -= total;
i = i-3;
total = i;

while(i >= 0 && n > 0){
--n;
ans[i]++;
--i;
}

if(n>0){
ans[total]++;
}

bool first = true;
for(i = 0 ; i <= total ; ++i){
if(!first){
cout<<" ";
}
first = false;
cout<<ans[i];
}
}

return 0;
}