FZU 2124 - 吃豆人 记忆化BFS..
2013-11-20 17:07
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题意:
吃豆人是一款非常经典的游戏,游戏中玩家控制吃豆人在地图上吃光所有豆子,并且避免被怪物抓住。
这道题没有怪物,将游戏的画面分成n*m的格子,每格地形可能为空地或者障碍物,吃豆人可以在空地上移动,吃豆人每移动一格需要1s时间,并且只能朝上下左右四个方向移动,特别的是吃豆人还能吐出舌头,舌头每移动一格需要0.1s时间,舌头只可以走直线。不必考虑吃豆人转身所需要的时间。
举例,吃豆人在(1,1)坐标,而豆子在(1,5)坐标,并且中间没有障碍物,此时朝豆子方向吐舌头~,经过0.8s就可以吃到豆子(来回各0.4s,吐出去的舌头要缩回来的嘛)。
游戏中还有加速道具,一旦得到加速道具,吃豆人就获得2倍移动速度,吐舌头的速度没有增加,即走1格用0.5s。现在地图上有且只有一颗豆子。游戏中有.代表空地;X表示障碍,吃豆人不能越过障碍;B代表豆子;S代表加速道具,并且地图上道具总数不超过1个,道具所在的位置为空地,得到道具后立即使用,道具立即消失,地形变为空地,不能用舌头去取道具;P表示吃豆人,吐舌头的时候吃豆人不能移动。
题解:
简单的BFS..用dis[y][x][t]记录从起点到达某点(x,y)..并且已经加速t=1 or 未加速t=0..所得到的最短距离..这样状态是有限的(20*20*2)...
关于最后可以用舌头够豆豆..特殊判断一下就好...
Program:
吃豆人是一款非常经典的游戏,游戏中玩家控制吃豆人在地图上吃光所有豆子,并且避免被怪物抓住。
这道题没有怪物,将游戏的画面分成n*m的格子,每格地形可能为空地或者障碍物,吃豆人可以在空地上移动,吃豆人每移动一格需要1s时间,并且只能朝上下左右四个方向移动,特别的是吃豆人还能吐出舌头,舌头每移动一格需要0.1s时间,舌头只可以走直线。不必考虑吃豆人转身所需要的时间。
举例,吃豆人在(1,1)坐标,而豆子在(1,5)坐标,并且中间没有障碍物,此时朝豆子方向吐舌头~,经过0.8s就可以吃到豆子(来回各0.4s,吐出去的舌头要缩回来的嘛)。
游戏中还有加速道具,一旦得到加速道具,吃豆人就获得2倍移动速度,吐舌头的速度没有增加,即走1格用0.5s。现在地图上有且只有一颗豆子。游戏中有.代表空地;X表示障碍,吃豆人不能越过障碍;B代表豆子;S代表加速道具,并且地图上道具总数不超过1个,道具所在的位置为空地,得到道具后立即使用,道具立即消失,地形变为空地,不能用舌头去取道具;P表示吃豆人,吐舌头的时候吃豆人不能移动。
题解:
简单的BFS..用dis[y][x][t]记录从起点到达某点(x,y)..并且已经加速t=1 or 未加速t=0..所得到的最短距离..这样状态是有限的(20*20*2)...
关于最后可以用舌头够豆豆..特殊判断一下就好...
Program:
#include<iostream> #include<stdio.h> #include<cmath> #include<queue> #include<algorithm> #include<string.h> #define oo 1<<25 using namespace std; struct node { int y,x,s; }h,k; int dis[22][22][2],f[4][2]={{-1,0},{1,0},{0,-1},{0,1}}; char A[22][22]; queue<node> Q; int BFS(int n,int m) { int p,gy,gx,y,x,sy,sx,T; for (y=1;y<=n;y++) for (x=1;x<=m;x++) if (A[y][x]=='P') sy=y,sx=x; else if (A[y][x]=='B') gy=y,gx=x; memset(dis,0x7f,sizeof(dis)); while (Q.size()) Q.pop(); h.y=sy,h.x=sx,h.s=0,Q.push(h),dis[sy][sx][0]=0; while (Q.size()) { h=Q.front(),Q.pop(); if (h.x==gx) { for (y=min(h.y,gy);y<=max(h.y,gy);y++) if (A[y][gx]=='X') break; if (y>max(h.y,gy)) dis[gy][gx][h.s]=min(dis[gy][gx][h.s],dis[h.y][h.x][h.s]+abs(h.y-gy)*2); } if (h.y==gy) { for (x=min(h.x,gx);x<=max(h.x,gx);x++) if (A[gy][x]=='X') break; if (x>max(h.x,gx)) dis[gy][gx][h.s]=min(dis[gy][gx][h.s],dis[h.y][h.x][h.s]+abs(h.x-gx)*2); } if (h.s) T=5; else T=10; for (p=0;p<4;p++) { k.s=h.s,k.x=h.x+f[p][0],k.y=h.y+f[p][1]; if (!k.x || !k.y || k.x>m || k.y>n) continue; if (A[k.y][k.x]=='X') continue; if (dis[k.y][k.x][k.s]>dis[h.y][h.x][h.s]+T) { dis[k.y][k.x][k.s]=dis[h.y][h.x][h.s]+T; if (!k.s && A[k.y][k.x]=='S') k.s=1,dis[k.y][k.x][1]=dis[k.y][k.x][0]; Q.push(k); } } } return min(dis[gy][gx][0],dis[gy][gx][1]); } int main() { int n,m,i,j,ans; while (~scanf("%d%d",&n,&m)) { for (i=1;i<=n;i++) scanf("%s",A[i]+1); ans=BFS(n,m); if (ans>oo) printf("-1\n"); else printf("%.1f\n",ans/10.0); } return 0; }
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