poj 1639 最小度限制生成树
2013-04-07 19:21
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最小度限制生成树就是给一个图,让求它的最小生成树。找的的最小生成树满足并且点vo的度最大为k。
算法流程如下:
1.将该点(以下用v0表示)从图中删除,将得到p个连通分量。
2.对每个连通分量求最小生成树。
3.从每个连通分量中找与v0关联的权值最小的边,与v0相连接,这样将得到v0的最小p度生成树
4.如果 k < p 那么这种树是不存在的。
5.如果 k >= p ,那么考虑构建 p+1度最小生成树,即加入每一条与v0相连的且不在当前的树中的边。
6.显然在第5步将其加入树中 ,必然会存在一个环,那么删掉该环中与v0不关联的权值最大边,将得到加入该边后的最小生成树,且v0是p+1度的。
7.枚举上述 5,6 的边找树权值最小,那么即是p+1度限制的最小生成树。如果p+1度最小生成树的值大于p度最小生成树的话直接输出当前p度的值即可。
8.重复5.6.7,直到k 度最小生成树出现。
显然上述算法的1-->3步可以用prim算法实现。复杂度是O(n^2)。而5--->7如果枚举每条边进行增删操作则是O(n^2)的复杂度,总的复杂度达到了O(k*n^2)。在求次小生成树的过程中我们用到了一个path[x][y]记录x -->y的最长边。这里也是用类似的方法设立一个del[]数组,记录v0--->vi路径上的最长边。这样我们每次只要枚举max(del[i] - g[v0][i])即可。注意每次操作后都要更新该连通块的del[]。这样复杂度就降为O(k*n)。
算法流程如下:
1.将该点(以下用v0表示)从图中删除,将得到p个连通分量。
2.对每个连通分量求最小生成树。
3.从每个连通分量中找与v0关联的权值最小的边,与v0相连接,这样将得到v0的最小p度生成树
4.如果 k < p 那么这种树是不存在的。
5.如果 k >= p ,那么考虑构建 p+1度最小生成树,即加入每一条与v0相连的且不在当前的树中的边。
6.显然在第5步将其加入树中 ,必然会存在一个环,那么删掉该环中与v0不关联的权值最大边,将得到加入该边后的最小生成树,且v0是p+1度的。
7.枚举上述 5,6 的边找树权值最小,那么即是p+1度限制的最小生成树。如果p+1度最小生成树的值大于p度最小生成树的话直接输出当前p度的值即可。
8.重复5.6.7,直到k 度最小生成树出现。
显然上述算法的1-->3步可以用prim算法实现。复杂度是O(n^2)。而5--->7如果枚举每条边进行增删操作则是O(n^2)的复杂度,总的复杂度达到了O(k*n^2)。在求次小生成树的过程中我们用到了一个path[x][y]记录x -->y的最长边。这里也是用类似的方法设立一个del[]数组,记录v0--->vi路径上的最长边。这样我们每次只要枚举max(del[i] - g[v0][i])即可。注意每次操作后都要更新该连通块的del[]。这样复杂度就降为O(k*n)。
#include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<cmath> #include<queue> #include<stack> #include<string> #include<vector> #include<cstdlib> #include<map> #include<set> using namespace std; #define inf 0x3f3f3f3f const int maxn = 25; int m,n,k,g[maxn][maxn],dis[maxn],pre[maxn],ans; bool vis[maxn],link[maxn][maxn];//link[][]数组来保存在MST中的边 struct node { int u,v,len; node(){} node(int u, int v, int len):u(u),v(v),len(len){} }del[maxn];//保存 0到当前节点的路径上的最长边 int kk; void prim(int st)//求包含st的连通块的MST { vis[st] = 1; memset(pre, -1, sizeof(pre)); for (int i = 1; i < n; ++i) { dis[i] = g[st][i]; pre[i] = st; } while(1) { int tmp = inf, nt = st; for (int i = 1; i < n; ++i) { if (!vis[i] && dis[i] < tmp) { nt = i; tmp = dis[i]; } } if (st == nt) break;//该连通分量最小生成树完成 if (g[0][nt] < g[0][kk]) kk = nt;//kk保存该连通分量到0距离最近的点 link[pre[nt]][nt] = link[nt][pre[nt]] = 1;//将边加入到MST中 vis[nt] = 1; ans += dis[nt]; for (int i = 1; i < n; ++i) { if (!vis[i] && dis[i] > g[nt][i]) { pre[i] = nt;//记录该点前驱 dis[i] = g[nt][i]; } } } } void dfs(int cur, int cpre, int u, int v)//修改当前连通分量中到达0的路径上的最大边 { //cur 当前节点,cpre为当前节点的前驱,(u,v)表示当前节点到0节点的路径上最大边 for (int i = 1; i < n; ++i) { if (cpre != i && link[cur][i]) { if (cpre == -1|| g[cur][i] >= g[u][v])//当前边大于之前保存的最大边 { del[i] = node(cur, i, g[cur][i]); dfs(i, cur, cur, i); } else { del[i] = node(u, v, g[u][v]); dfs(i, cur, u, v); } } } } void solve() { for (int i = 1; i < n; ++i) { if (vis[i]) continue; k--; kk = i; prim(i); ans += g[0][kk]; link[kk][0] = link[0][kk] = 1; dfs(kk, -1, -1, -1); } while(k--) { int c = 0, nt = 0; for (int j = 1; j < n; ++j)//枚举所有节点,找出最大边 { if (link[0][j] || g[0][j] == inf) continue; if(c < del[j].len - g[0][j])//找出最大的添删操作 { nt = j; c = del[j].len - g[0][j]; } } if (c == 0) break; ans -= c; link[del[nt].u][del[nt].v] = link[del[nt].v][del[nt].u] = false; link[0][nt] = link[nt][0] = 1; dfs(nt, 0, -1, -1);//每次操作完成后修改当前连通分量的最长边 } printf("Total miles driven: %d\n",ans); } void init() { char s1[20],s2[20]; int w, u, v; n = 0; map <string,int> name; map <string,int>::iterator it1,it2; name.clear(); name["Park"] = n++; memset(g, 0x3f, sizeof(g)); memset(vis, 0, sizeof(vis)); memset(link, 0, sizeof(link)); for (int i = 0; i < m; ++i) { scanf("%s %s %d", &s1, &s2, &w); it1 = name.find(s1); it2 = name.find(s2); if (it1 != name.end()) u = it1->second; else { name[s1] = n; u = n++; } if (it2 != name.end()) v = it2->second; else { name[s2] = n; v = n++; } if (g[u][v] > w) g[u][v] = g[v][u] = w; } scanf("%d", &k); ans = 0; } int main() { while(scanf("%d", &m) != EOF) { init(); solve(); } return 0; }
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