约瑟夫环-两种实现方法,两种时间复杂度
2012-11-24 16:32
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已知n个人(以编号1,2,3...n分别表示)围坐在一张圆桌周围。从编号为r的人开始报数,数到m的那个人出列;他的下一个人又从1开始报数,数到m的那个人又出列;依此规律重复下去,直到圆桌周围的人全部出列。求最后出列的人的编号。
第一种方法就是使用循环链表的方法,因为这种方法在删除一个节点后,对于其他节点的位置改动不用太大。这是一种很浪费时间的方法,每次都删除第m个数字(注意题意包含摸的概念),也就是说,每次删除,都要用O(m)的时间,一共有n个数字,想要剩下一个,其余都要删除,那么就得用(n-1)*O(m)的时间,故算法的时间复杂度为O(mn).下面贴上两种代码的实现,分别为c和c++,之后给出另一种时间复杂度的算法。
c:
c++:
第二种时间复杂度的算法,要涉及到一些数学知识。假设给定的数列为1,2,3,...,n-1,n的形式,从第1人开始报数到m,假设每次报数到m的人的编号为m,然后这个人出列。剩下的人的编号分别是m+1,m+2,...n-1,n,1,2,...,m-1.设定数列1,2,3,...,n-1,n根据约瑟夫规则剩下的数字为与m,n有关的方程式:f(n,m),设定 f'(n-1,m)为数列m+1,m+2,...n-1,n,1,2,...,m-1根绝约瑟夫规则最后剩下的数字。可以看出,f(n,m),f'(m,n)表示的最后数字对应的序列式不一样的,第一个是以升序排列,而第二个是先升序,后降序。可以根映射将在序列二种的数字转化为对应序列一种的形式,
m+1 ->
1
m+2 ->
2
…
n-1 -> n-m-1
0 -> n-m
…
m-1 -> n-1
转换方程式为p(x)=(x + n - m) % n,x属于序列二,逆向的转换方式为 p'(x) = (x + m) % n,其中x属于第一种序列。 f'(n-1,m)表示的第二个序列的最后一个数和序列一经过 p'(x)转后序列的最后一个数字相同。 f'(n-1,m) = [f(n-1,m) + m] % n。
0 n=1
f(n,m)={
[f(n-1,m)+m]%n n>1
注意,这个方程式是一个递归的形式。
第一种方法就是使用循环链表的方法,因为这种方法在删除一个节点后,对于其他节点的位置改动不用太大。这是一种很浪费时间的方法,每次都删除第m个数字(注意题意包含摸的概念),也就是说,每次删除,都要用O(m)的时间,一共有n个数字,想要剩下一个,其余都要删除,那么就得用(n-1)*O(m)的时间,故算法的时间复杂度为O(mn).下面贴上两种代码的实现,分别为c和c++,之后给出另一种时间复杂度的算法。
c:
#include<stdio.h> #include<stdlib.h> typedef struct node{ int data; struct node *next; }LinkNode, *LinkList; LinkNode* get_last_num(int n, int k, int m) { LinkList head = NULL; LinkNode *temp = NULL; LinkNode *p = NULL; int i; for(i=1; i <= n; i++) {//create list p = (LinkNode*)malloc(sizeof(LinkNode)); p->data = i; p->next = NULL; if(head == NULL) { head = p; } else { temp->next = p; } temp = p; } // link from last node to first node to a circle p->next = head; p= head; // move k-1 step to k i = 1; while(i < k) { p = p->next; i++; } while(p->next != p) { for(i = 1; i < (m-1); i++){ // move to node before destinated one p = p->next; } temp = p->next; // get the aimed one printf("%d\t", temp->data); p->next = temp->next; p = p->next; // point to node next deleted p node free(temp); temp = NULL; } return p; } void main() { LinkNode *result = get_last_num(9, 1, 5); printf("%d\t", result->data); free(result); }
c++:
#include<iostream> #include<list> using namespace std; int get_last_num(int n, int k, int m) { list<int> ilist; for(size_t i = 1; i != (n+1); i++) ilist.push_back(i); list<int>::iterator it = ilist.begin(); for(i = 1; i < k; i++) ++it; while(ilist.size() > 1) { for(i = 1; i < m; i++) { if(it == ilist.end()) it = ilist.begin(); ++it; } if(it == ilist.end()) it = ilist.begin(); cout << *it << endl; it = ilist.erase(it); if(it == ilist.end()) it = ilist.begin(); } return *it; } void main() { int result = get_last_num(9, 1, 5); cout << result << endl; }
第二种时间复杂度的算法,要涉及到一些数学知识。假设给定的数列为1,2,3,...,n-1,n的形式,从第1人开始报数到m,假设每次报数到m的人的编号为m,然后这个人出列。剩下的人的编号分别是m+1,m+2,...n-1,n,1,2,...,m-1.设定数列1,2,3,...,n-1,n根据约瑟夫规则剩下的数字为与m,n有关的方程式:f(n,m),设定 f'(n-1,m)为数列m+1,m+2,...n-1,n,1,2,...,m-1根绝约瑟夫规则最后剩下的数字。可以看出,f(n,m),f'(m,n)表示的最后数字对应的序列式不一样的,第一个是以升序排列,而第二个是先升序,后降序。可以根映射将在序列二种的数字转化为对应序列一种的形式,
m+1 ->
1
m+2 ->
2
…
n-1 -> n-m-1
0 -> n-m
…
m-1 -> n-1
转换方程式为p(x)=(x + n - m) % n,x属于序列二,逆向的转换方式为 p'(x) = (x + m) % n,其中x属于第一种序列。 f'(n-1,m)表示的第二个序列的最后一个数和序列一经过 p'(x)转后序列的最后一个数字相同。 f'(n-1,m) = [f(n-1,m) + m] % n。
0 n=1
f(n,m)={
[f(n-1,m)+m]%n n>1
注意,这个方程式是一个递归的形式。
#include<iostream> #include<list> using namespace std; int get_last_num(int n, int m){ int last_num = 0; for(int i = 2; i <= n; i++) last_num = (last_num + m) % i; return last_num; } void main() { int result = get_last_num(9, 5); cout << result << endl; }上述只是给出了从第一个开始数的情况,从第k个开始数的情况还在分析,自己也有点混沌。如果有高人,请指教。
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