百度一面,失败经验总结
2009-09-22 19:12
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话说,由于同学认识百度的一个师兄,所以走了内推的流程而没有进行笔试。下午3点多,打印了份简历从学校门口打了个的就真奔百度所在的普天大厦。提前4点前到达,在前台那里等了一会。一哥门过来把我领了过去,在中厅打了个地方,好了,面试开始。
第一个问题:一个有环的单链表,如何找到进入环的地方。当时一听到环我就差点晕过去,心里说:我去,这次玩完了。我在那哥门的诱导下,左想右想啊,最后没有整出来,那哥门最后郁闷了,说:咱们先问点别的吧。
第二个问题:一个私网主机,一个公网主机,如何让私网主机通过公网主机进行通信。这个easy,毕竟平时做网络的,我就给他举SNAT和DNAT来解决,他说可以。
第三个问题:他自己编的,说一个私有网络A,几台主机ai,另一个私有网络B几台主机bi,ai之间是互联的,bi之间也是互联的,bi中只有一台主机bn(n!=1),可以连外网,ai中只有一a1与b1之间有物理连接,问A中的主机如何连到外网。听完这个我又想晕,问了比较白的问题,这些主机有路由功能吗?那哥门说:没有。好吧,最后我说可以用隧道。他说,算是种方法,这道题也算是过了。
最后那哥门开始给我介绍,他们部门的工作内容,问我有什么意向,我知道他觉得我的项目经验与他们部门是不match的,想让我转投其他部门,最后说,一周后等二面的通知。
我的一面就这样失败了。
总体来说我的算法太弱了,虽然暑假里看了算法导论,但是过目就忘的那种。下面帖一下第一个问题的解达吧,以祭我一面之灵。
1、如何判断一个链表是不是这类链表?
2、如果链表为存在环,如果找到环的入口点?
解答:
一、判断链表是否存在环,办法为:
设置两个指针(fast, slow),初始值都指向头,slow每次前进一步,fast每次前进二步,如果链表存在环,则fast必定先进入环,而slow后进入环,两个指针必定相遇。(当然,fast先行头到尾部为NULL,则为无环链表)程序如下:
bool IsExitsLoop(slist *head)
{
slist *slow = head, *fast = head;
while ( fast && fast->next )
{
slow = slow->next;
fast = fast->next->next;
if ( slow == fast ) break;
}
return !(fast == NULL || fast->next == NULL);
}
二、找到环的入口点
当fast若与slow相遇时,slow肯定没有走遍历完链表,见注释(1)而fast已经在环内循环了n圈(1<=n)。假设slow走了s步,则fast走了2s步(fast步数还等于s 加上在环上多转的n圈),设环长为r,则:
2s = s + nr
s= nr
设整个链表长L,入口环与相遇点距离为x,起点到环入口点的距离为a。
a + x = nr
a + x = (n – 1)r +r = (n-1)r + L - a
a = (n-1)r + (L – a – x)
(L – a – x)为相遇点到环入口点的距离,由此可知,从链表头到环入口点等于(n-1)循环内环+相遇点到环入口点,于是我们从链表头、与相遇点分别设一个指针,每次各走一步,两个指针必定相遇,且相遇第一点为环入口点。程序描述如下:
slist* FindLoopPort(slist *head)
{
slist *slow = head, *fast = head;
while ( fast && fast->next )
{
slow = slow->next;
fast = fast->next->next;
if ( slow == fast ) break;
}
if (fast == NULL || fast->next == NULL)
return NULL;
slow = head;
while (slow != fast)
{
slow = slow->next;
fast = fast->next;
}
return slow;
}
扩展问题:
判断两个单链表是否相交,如果相交,给出相交的第一个点(两个链表都不存在环)。
比较好的方法有两个:
一、将其中一个链表首尾相连,检测另外一个链表是否存在环,如果存在,则两个链表相交,而检测出来的依赖环入口即为相交的第一个点。
二、如果两个链表相交,那个两个链表从相交点到链表结束都是相同的节点,我们可以先遍历一个链表,直到尾部,再遍历另外一个链表,如果也可以走到同样的结尾点,则两个链表相交。
这时我们记下两个链表length,再遍历一次,长链表节点先出发前进(lengthMax-lengthMin)步,之后两个链表同时前进,每次一步,相遇的第一点即为两个链表相交的第一个点。
注释1
设r为环长,则fast指针r/2内可以跑完一圈,若r为奇数,刚r步
内fast会遍历循环内所有点.刚r内一定会跟slow相遇.若r为偶数,r/2步内可令fast跟slow的最近距离为2或1(f追赶s).若为2,则
fast+2=slow
所以下一步时slow的位置是slow+1;而fast则为fast+2;
再下步slow+2,fast+4;
因为之前fast+2=slow,所以
slow-2+4=slow+2
又因为最近距离为1时,只要两指针各走一步便相遇.
所以两指针相遇.最大步数为s<=r/2+2(r>=4)
第一个问题:一个有环的单链表,如何找到进入环的地方。当时一听到环我就差点晕过去,心里说:我去,这次玩完了。我在那哥门的诱导下,左想右想啊,最后没有整出来,那哥门最后郁闷了,说:咱们先问点别的吧。
第二个问题:一个私网主机,一个公网主机,如何让私网主机通过公网主机进行通信。这个easy,毕竟平时做网络的,我就给他举SNAT和DNAT来解决,他说可以。
第三个问题:他自己编的,说一个私有网络A,几台主机ai,另一个私有网络B几台主机bi,ai之间是互联的,bi之间也是互联的,bi中只有一台主机bn(n!=1),可以连外网,ai中只有一a1与b1之间有物理连接,问A中的主机如何连到外网。听完这个我又想晕,问了比较白的问题,这些主机有路由功能吗?那哥门说:没有。好吧,最后我说可以用隧道。他说,算是种方法,这道题也算是过了。
最后那哥门开始给我介绍,他们部门的工作内容,问我有什么意向,我知道他觉得我的项目经验与他们部门是不match的,想让我转投其他部门,最后说,一周后等二面的通知。
我的一面就这样失败了。
总体来说我的算法太弱了,虽然暑假里看了算法导论,但是过目就忘的那种。下面帖一下第一个问题的解达吧,以祭我一面之灵。
1、如何判断一个链表是不是这类链表?
2、如果链表为存在环,如果找到环的入口点?
解答:
一、判断链表是否存在环,办法为:
设置两个指针(fast, slow),初始值都指向头,slow每次前进一步,fast每次前进二步,如果链表存在环,则fast必定先进入环,而slow后进入环,两个指针必定相遇。(当然,fast先行头到尾部为NULL,则为无环链表)程序如下:
bool IsExitsLoop(slist *head)
{
slist *slow = head, *fast = head;
while ( fast && fast->next )
{
slow = slow->next;
fast = fast->next->next;
if ( slow == fast ) break;
}
return !(fast == NULL || fast->next == NULL);
}
二、找到环的入口点
当fast若与slow相遇时,slow肯定没有走遍历完链表,见注释(1)而fast已经在环内循环了n圈(1<=n)。假设slow走了s步,则fast走了2s步(fast步数还等于s 加上在环上多转的n圈),设环长为r,则:
2s = s + nr
s= nr
设整个链表长L,入口环与相遇点距离为x,起点到环入口点的距离为a。
a + x = nr
a + x = (n – 1)r +r = (n-1)r + L - a
a = (n-1)r + (L – a – x)
(L – a – x)为相遇点到环入口点的距离,由此可知,从链表头到环入口点等于(n-1)循环内环+相遇点到环入口点,于是我们从链表头、与相遇点分别设一个指针,每次各走一步,两个指针必定相遇,且相遇第一点为环入口点。程序描述如下:
slist* FindLoopPort(slist *head)
{
slist *slow = head, *fast = head;
while ( fast && fast->next )
{
slow = slow->next;
fast = fast->next->next;
if ( slow == fast ) break;
}
if (fast == NULL || fast->next == NULL)
return NULL;
slow = head;
while (slow != fast)
{
slow = slow->next;
fast = fast->next;
}
return slow;
}
扩展问题:
判断两个单链表是否相交,如果相交,给出相交的第一个点(两个链表都不存在环)。
比较好的方法有两个:
一、将其中一个链表首尾相连,检测另外一个链表是否存在环,如果存在,则两个链表相交,而检测出来的依赖环入口即为相交的第一个点。
二、如果两个链表相交,那个两个链表从相交点到链表结束都是相同的节点,我们可以先遍历一个链表,直到尾部,再遍历另外一个链表,如果也可以走到同样的结尾点,则两个链表相交。
这时我们记下两个链表length,再遍历一次,长链表节点先出发前进(lengthMax-lengthMin)步,之后两个链表同时前进,每次一步,相遇的第一点即为两个链表相交的第一个点。
注释1
设r为环长,则fast指针r/2内可以跑完一圈,若r为奇数,刚r步
内fast会遍历循环内所有点.刚r内一定会跟slow相遇.若r为偶数,r/2步内可令fast跟slow的最近距离为2或1(f追赶s).若为2,则
fast+2=slow
所以下一步时slow的位置是slow+1;而fast则为fast+2;
再下步slow+2,fast+4;
因为之前fast+2=slow,所以
slow-2+4=slow+2
又因为最近距离为1时,只要两指针各走一步便相遇.
所以两指针相遇.最大步数为s<=r/2+2(r>=4)
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