转载部分代码,窗口点击问题,顺序,初始化数组,简单结构体
2017-10-20 14:21
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试题编号: | 201403-2 |
试题名称: | 窗口 |
时间限制: | 1.0s |
内存限制: | 256.0MB |
问题描述: | 问题描述 在某图形操作系统中,有 N 个窗口,每个窗口都是一个两边与坐标轴分别平行的矩形区域。窗口的边界上的点也属于该窗口。窗口之间有层次的区别,在多于一个窗口重叠的区域里,只会显示位于顶层的窗口里的内容。 当你点击屏幕上一个点的时候,你就选择了处于被点击位置的最顶层窗口,并且这个窗口就会被移到所有窗口的最顶层,而剩余的窗口的层次顺序不变。如果你点击的位置不属于任何窗口,则系统会忽略你这次点击。 现在我们希望你写一个程序模拟点击窗口的过程。 输入格式 输入的第一行有两个正整数,即 N 和 M。(1 ≤ N ≤ 10,1 ≤ M ≤ 10) 接下来 N 行按照从最下层到最顶层的顺序给出 N 个窗口的位置。 每行包含四个非负整数 x1, y1, x2, y2,表示该窗口的一对顶点坐标分别为 (x1, y1) 和 (x2, y2)。保证 x1 < x2,y1 2。 接下来 M 行每行包含两个非负整数 x, y,表示一次鼠标点击的坐标。 题目中涉及到的所有点和矩形的顶点的 x, y 坐标分别不超过 2559 和 1439。 输出格式 输出包括 M 行,每一行表示一次鼠标点击的结果。如果该次鼠标点击选择了一个窗口,则输出这个窗口的编号(窗口按照输入中的顺序从 1 编号到 N);如果没有,则输出"IGNORED"(不含双引号)。 样例输入 3 4 0 0 4 4 1 1 5 5 2 2 6 6 1 1 0 0 4 4 0 5 样例输出 2 1 1 IGNORED 样例说明 第一次点击的位置同时属于第 1 和第 2 个窗口,但是由于第 2 个窗口在上面,它被选择并且被置于顶层。 第二次点击的位置只属于第 1 个窗口,因此该次点击选择了此窗口并将其置于顶层。现在的三个窗口的层次关系与初始状态恰好相反了。 第三次点击的位置同时属于三个窗口的范围,但是由于现在第 1 个窗口处于顶层,它被选择。 最后点击的 (0, 5) 不属于任何窗口 问题描述:n个重叠的窗口,鼠标m次点击屏幕的一个点,输出这些点击所点击到的窗口号。 问题分析:这是一个模拟题,模拟鼠标点击屏幕的过程。该问题比实际的多窗口系统要简单。关键在于数据表示,其他要点则是模拟鼠标操作过程的处理。 程序说明: 数组win[]用来存储窗口。除了窗口坐标,附加上成员变量winno用来存储窗口号是一种规范的做法,就本问题而言可以不用该变量。 数组point[]用于存储鼠标点击的坐标。 数组order[]用于存储窗口的顺序。这是一种编程技巧,在由于鼠标点击导致窗口顺序改变的时候,就不需要移动窗口坐标等数据,只需要移动这个索引数据即可。 提交后得100分的C++语言程序如下: /* CCF201403-2 窗口 */ #include <iostream> using namespace std; const int N = 10; struct { int winno; int x1, y1, x2, y2; } win ; struct { int x, y; } point ; int order ; int main() { int n, m; // 输入数据 cin >> n >> m; for(int i=0; i<n; i++) { win[i].winno = i + 1; cin >> win[i].x1 >> win[i].y1 >> win[i].x2 >> win[i].y2; } for(int i=0; i<m; i++) cin >> point[i].x >> point[i].y; // 初始化窗口显示顺序 for(int i=0; i<n; i++) order[i] = n - i - 1; // 处理(模拟)鼠标点击 int winno, temp; for(int i=0; i<m; i++) { winno = -1; // 被点击的窗口号,-1表示未被点击 // 判断哪个窗口被点击 for(int j=0; j<n; j++) { if(win[order[j]].x1 <= point[i].x && point[i].x <= win[order[j]].x2 && win[order[j]].y1 <= point[i].y && point[i].y <= win[order[j]].y2) { // 得到窗口号 winno = win[order[j]].winno; // 将被点击的窗口移到最前端 temp = order[j]; for(int k=j; k>0; k--) order[k] = order[k-1]; order[0] = temp; break; } } // 输出结果 if(winno == -1) cout << "IGNORED" << endl; else cout << winno << endl; } return 0; }这道题所带来的思考: 如下篇 |
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